Thông tin
Hỏi đáp

TOP 12 đề thi học sinh giỏi toán lớp 7

Tổng hợp toàn bộ TOP 12 đề thi học sinh giỏi toán lớp 7 được biên soạn gồm 39 trang . Các bạn tham khảo và ôn tập kiến thức cho kì thi sắp tới . Chúc các bạn đạt kết quả cao nhé!!!

Chủ đề:

Đề thi Toán 7 254 tài liệu

Môn:

Toán 7 2.1 K tài liệu

Thông tin:

39 trang 11 tháng trước

Tác giả:

Hiền Trần

docx.com.vn

Bình luận

Vui lòng đăng nhập hoặc đăng ký để gửi bình luận.

TOP 12 đề thi học sinh giỏi toán lớp 7

51 26 lượt tải Tải xuống

Trang 1

PHÒNG GIÁO DỤC-ĐÀO TẠO ĐỀ THI CHỌN HỌC SINH GIỎI CẤP HUYỆN

ĐỨC PHỔ NĂM HỌC 2015 - 2016

ĐỀ CHÍNH THỨC

MÔN: TOÁN - LỚP 7

Thời gian: 120 phút (không kể thời gian giao đề).

Ngày thi: 10/4/2016

Câu 1: (5 điểm)

a) Tính giá trị biểu thức P =

2014 2016

aa  

, với

2015

a 

b) Tìm số nguyên x để tích hai phân số

1x 

và

x 

là một số nguyên.

Câu 2: (5 điểm)

a) Cho a > 2, b > 2. Chứng minh

ab a b

b) Cho ba hình chữ nhật, biết diện tích của hình thứ nhất và diện tích của hình thứ hai tỉ lệ với 4

và 5, diện tích hình thư hai và diện tích hình thứ ba tỉ lệ với 7 và 8, hình thứ nhất và hình thứ hai có

cùng chiều dài và tổng các chiều rộng của chúng là 27 cm, hình thứ hai và hình thứ ba có cùng chiều

rộng, chiều dài của hình thứ ba là 24 cm. Tính diện tích của mỗi hình chữ nhật đó.

Câu 3: (3 điểm)

Cho ∆DEF vuông tại D và DF > DE, kẻ DH vuông góc với EF (H thuộc cạnh EF). Gọi M là

trung điểm của EF.

a) Chứng minh

MDH E F

b) Chứng minh EF - DE > DF - DH

Câu 4: (2 điểm)

Cho các số

1 2 3 15

0 ....a a a a    

. Chứng minh rằng

1 2 3 15

5 10 15

...

a a a a

a a a

   





Câu 5: (5 điểm)

Cho ∆ABC có

120A 

. Các tia phân giác BE, CF của

ABC

và

ACB

cắt nhau tại I (E, F lần

lượt thuộc các cạnh AC, AB). Trên cạnh BC lấy hai điểm M, N sao cho

30BIM CIN

a) Tính số đo của

MIN

b) Chứng minh CE + BF < BC

------------------------------------------Hết---------------------------------------------

Cán bộ coi thi không giải thích gì thêm.

PHÒNG GD-ĐT ĐỨC PHỔ ĐỀ THI HỌC SINH GIỎI CẤP HUYỆN

Trang 2

MÔN: TOÁN - LỚP 7

ĐỀ CHÍNH THỨC NĂM HỌC 2015 - 2016

HƯỚNG DẪN CHẤM

Câu

NỘI DUNG ĐÁP ÁN

Điểm

2.5 đ

a) Tính giá trị biểu thức P =

2014 2016

aa  

, với

2015

a 

Thay

2015

a 

vào biểu thức P =

1 1 1 1

2015 2014 2015 2016



Ta có P

1 1 1 1

2014 2015 2015 2016

   

2014 2016



2016 2014 2

2014.2016 2014.2016





P =

1007.2016 2030112



0.25

0.5

0.25

2.5 đ

b) Tìm số nguyên x để tích hai phân số

1x 

và

x 

là một số nguyên.

Đặt A =

1x 

x 

1x 

x 

2( 1)







2( 1) 4

















Để A nhận giá trị nguyên thì x + 1 là Ư(4) =

 

1; 2; 4  

Suy ra x



 

0; 2;1; 3;3; 5  

0.25

0.5

2đ

2. a) Cho a > 2, b > 2. Chứng minh

ab a b

Từ

  

Suy ra







0.5

Trang 3

Vậy

ab a b

3đ

b) Cho ba hình chữ nhật, biết diện tích của hình thứ nhất và diện tích của hình thứ

hai tỉ lệ với 4 và 5, diện tích hình thư hai và diện tích hình thứ ba tỉ lệ với 7 và 8,

hình thứ nhất và hình thứ hai có cùng chiều dài và tổng các chiều rộng của chúng là

27 cm, hình thứ hai và hình thứ ba có cùng chiều rộng, chiều dài của hình thứ ba là

24 cm. Tính diện tích của mỗi hình chữ nhật đó.

Gọi diện tích ba hình chữ nhật lần lượt là

1 2 3

,,S S S

, chiều dài, chiều rộng

tương ứng là

1 1 2 2 3 3

, ; , ; ,d r d r d r

theo đề bài ta có

;



và

1 2 1 2 2 3 3

; 27; , 24d d r r r r d    

Vì hình thứ nhất và hình thứ hai cùng chiều dài

1 1 1 2 1 2

4 27

5 4 5 9 9

S r r r r r



      

Suy ra chiều rộng

12 , 15r cm r cm

Vì hình thứ hai và hình thứ ba cùng chiều rộng

7 7.24

8 8 8

d cm

     

Vậy diện tích hình thứ hai

2 2 2

21.15 315S d r cm  

Diện tích hình thứ nhất

.315 252

S S cm  

Diện tích hình thứ ba

.315 360

S S cm  

0.5

0.25

3đ

Cho ∆DEF vuông tại D và DF > DE, kẻ DH vuông góc với EF (H thuộc cạnh EF).

Gọi M là trung điểm của EF.

a) Chứng minh

MDH E F

Hình vẽ đúng, chính xác

Vì M là trung điểm của EF suy ra MD = ME = MF



∆MDE cân tại M



E MDE

Mà

HDE F

cùng phụ với

Ta có

MDH MDE HDE

Vậy

MDH E F

b) Chứng minh EF - DE > DF - DH

Trên cạnh EF lấy K sao cho EK = ED, trên cạnh DF lấy I sao cho DI = DH

Ta có EF - DE = EF - EK = KF

DF - DH = DF - DI = IF

Ta cần chứng minh KF > IF

- EK = ED



∆DHK



EDK EKD

90EDK KDI EKD HDK   



KDI HDK

- ∆DHK = ∆DIK (c-g-c)

0.5

0.25

Trang 4



90KID DHK

Trong ∆KIF vuông tại I



KF > FI điều phải chứng minh

(2đ)

Cho các số

1 2 3 15

0 ....a a a a    

Chứng minh rằng

1 2 3 15

5 10 15

...

a a a a

a a a

   





Ta có

1 2 3 4 5 5

5a a a a a a    

6 7 8 9 10 10

5a a a a a a    

11 12 13 14 15 15

5a a a a a a    

Suy ra

1 2 15 5 10 15

........ 5( )a a a a a a     

Vậy

1 2 3 15

5 10 15

...

a a a a

a a a

   





0.5

(5đ)

Câu 5: (5 điểm)

Cho ∆ABC có

120A 

. Các tia phân phân giác BE, CF của

ABC

và

ACB

cắt nhau tại I (E, F lần lượt thuộc các cạnh AC, AB). Trên cạnh BC lấy hai điểm M,

N sao cho

30BIM CIN

a) Tính số đo của

MIN

b) Chứng minh CE + BF < BC

- Vẽ hình đúng, đủ, chính xác.

a) Tính số đo của

MIN

Ta có

ABC

ACB

= 180

= 60



BC



150BIC 

Mà

30BIM CIN



90MIN 

b) Chứng minh CE + BF < BC

150BIC 



30FIB EIC

Suy ra ∆BFI = ∆BMI ( g-c-g)



BF = BM

- ∆CNI = ∆CEI ( g-c-g)



CN = CE

Do đó CE + BF = BM + CN < BM + MN + NC = BC

Vây CE + BF < BC

0.5

0.25

0.5

0.25

- Một bài toán có thể có nhiều cách giải khác nếu đúng và phù hợp đều đạt điểm tối đa. Giám

khảo cần thảo lụân, thống nhất đáp án và biểu điểm trước khi chấm.

PHÒNG GD-ĐT ĐỨC THỌ

ĐỀ THI HỌC SINH GIỎI NĂM HỌC 2009-2010

MÔN TOÁN LỚP 7

(Thời gian làm bài: 120 phút)

Trang 5

Câu 1. Tìm giá trị n nguyên dương:

.81 3



;

b) 8 < 2

< 64

Câu 2. Thực hiện phép tính:

1 1 1 1 4 3 5 7 ... 49

( ... )

8 8.15 15.22 43.50 217

    

   

Câu 3. Tìm các cặp số (x; y) biết:



a) vµ xy=405

;



1+5y 1+7y 1+9y

24 7x 2x

Câu 4. Tìm giá trị nhỏ nhất hoặc lớn nhất của các biểu thức sau :

a) A =

x5

+ 5

b) B =

x 17



Câu 5. Cho tam giác ABC (CA < CB), trên BC lấy các điểm M và N sao cho BM = MN = NC. Qua

điểm M kẻ đường thẳng song song với AB cắt AN tại I.

a) Chứng minh: I là trung điểm của AN

b) Qua K là trung điểm của AB kẻ đường thẳng vuông góc với đường phân giác góc ACB cắt

đường thẳng AC tại E, đường thẳng BC tại F. Chứng minh AE = BF

Trang 6

ĐÁP ÁN VÀ HƯỚNG DẪN CHẤM TOÁN 7-ĐỨC THỌ

Câu 1. Tìm giá trị n nguyên dương:

a) (2điểm)

.81 3



; => 3

4n-3

= 3

=> 4n – 3 = n => n = 1

b) (2điểm) 8 < 2

< 64 => 2

< 2

=> n = 4, n = 5

Câu 2. Thực hiện phép tính: (3điểm)

1 1 1 1 4 3 5 7 ... 49

( ... )

8 8.15 15.22 43.50 217

    

   

1 1 1 1 1 1 1 1 5 (1 3 5 7 ... 49)

(1 ... ).

7 8 8 15 15 22 43 50 217

     

       

1 1 5 (12.50 25) 1 49 5 625 7.7.2.2.5.31 2

(1 ). . .

7 50 217 7 50 7.31 7.2.5.5.7.31 5

   

     

Câu 3. Tìm các cặp số (x; y) biết:

(2điểm)



a) vµ xy=405

x y xy 405

25 81 5.9 45

   

=> x

= 9.25 = 15

=> x =



=> y

= 9.81 = 27

=> y =



Do x, y cùng dấu nên:

x = 15; y = 27 và x = - 15; y = - 27

(2điểm)



1+5y 1+7y 1+9y

24 7x 2x

Áp dụng tính chất dãy tỉ số bằng nhau ta có:

     

     

   

1+5y 1+7y 1+9y 1 9y 1 7y 2y 1 7y 1 5y 2y

24 7x 2x 2x 7x 5x 7x 24 7x 24

2y 2y

5x 7x 24





=> - 5x = 7x – 24 => x = 2

Thay x = 2 vào trên ta được:

1 5y y

24 5







=> - 5 - 25y = 24 y => - 49y = 5 => y =



Vậy x = 2, y =



thoả mãn đề bài

Câu 4. Tìm giá trị nhỏ nhất hoặc lớn nhất của các biểu thức sau:

a) (2điểm) A =

x5

+ 5

Ta có :

x5



0. Dấu “=” xẩy ra



x = - 5.





Vậy: Min A = 5



x = - 5.

Trang 7

b) (2điểm) B =

x 17



 

x 7 10





= 1 +

x7

Ta có: x



0. Dấu = xảy ra



x = 0



+ 7



7 (2 vế dương)



x7



=> 1 +

x7



1 +





Dấu “=” xảy ra



x = 0

Vậy: Max B =



x = 0.

Câu 5.

a) (3điểm) Từ I kẻ đường thẳng // BC cắt AB tại H. Nối MH.

Ta có:



BHM =



IMH vì:

BHM IMH

(so le trong)

BMH IHM

(so le trong)

Cạnh HM chung =>BM = IH = MN



AHI =



IMN vì:

IH = MN (kết quả trên)

AHI IMN ( ABC)

AIH INM

(đồng vị)

=> AI = IN (đpcm)

b) (2điểm) Từ A kẻ đường thẳng song song với BC cắt EF tại P.



PKA =



FKB vì:

PKA FKB

(đối đỉnh)

APK BFK

(so le trong)

AK = KB (gt)

=> AP = BF (1)

EPA KFC

(đồng vị)

CEF KFC

(



CFE cân)

EPA CEF



APE cân

=> AP = AF (2). Từ (1) và (2) => AE = BF (đpcm)

Trang 8

PHÒNG GIÁO DỤC VÀ ĐÀO TẠO

HẬU LỘC

ĐỀ THI CHÍNH THỨC

ĐỀ GIAO LƯU HỌC SINH GIỎI CẤP HUYỆN

Năm học: 2013-2014

Môn thi: Toán

Lớp 7 THCS

Ngày thi: 07 tháng 4 năm 2014

Thời gian : 150 phút (không kể thời gian giao đề)

Đề này có 01 trang

Câu 1(5 điểm):

a) Cho biểu thức: P = x - 4xy + y. Tính giá trị của P với

1,5;x 

y = -0,75

b) Rút gọn biểu thức:

 

12 5 6

2 4 5

2 .3 4 .81

2 .3 8 .3







Câu 2 (4điểm):

a) Tìm x, y, z, biết:

2x = 3y; 4y = 5z và x + y + z = 11

b) Tìm x, biết:

1 2 3 4x x x x     

Câu 3(3 điểm). Cho hàm số: y = f(x) = -4x

+ x

a) Tính f(0), f(-0,5)

b) Chứng minh: f(-a) = -f(a).

Câu 4: (1,0 điểm): Tìm cặp số nguyên (x;y) biết: x + y = x.y

Câu 5(6 điểm):Cho



ABC có góc A nhỏ hơn 90

. Vẽ ra ngoài tam giác ABC các tam giác

vuông cân tại A là



ABM và



ACN.

a) Chứng minh rằng:



AMC =



ABN;

b) Chứng minh: BN



CM;

c) Kẻ AH



BC (H



BC). Chứng minh AH đi qua trung điểm của MN.

Câu 6 (1 điểm):Cho ba số a, b, c thõa mãn:

0 1 2a b c    

và a + b + c = 1. Tìm giá trị nhỏ

nhất của c.

Hết

Chú ý: - Giám thị không giải thích gì thêm.

- Học sinh không được dùng máy tính.

Số báo danh

…...............……

…………….

…........................

Trang 9

PHÒNG GIÁO DỤC VÀ ĐÀO

HUYỆN HẬU LỘC

HƯỚNG DẪN CHẤM ĐỀ THI HỌC SINH GIỎI TOÁN 7

NĂM HỌC 2013-2014

Câu

Nội dung

Điểm

Câu 1

(5điểm)

a) Ta có:

1,5 1,5xx  

hoặc x = -1,5

+) Với x = 1,5 và y = -0,75 thì

P = 1,5 -4.1,5(-0,75) -0,75 = 1,5(1 + 3) = 6 -0,75 = 5,25

+) Với x = -1,5 và y = - 0,75 thì

P = -1,5 -4(-1,5).(-0,75) - 0,75 = -1,5(1+3) - 0,75 = -6,75

1,5

 

12 5 6

2 4 5

2 .3 4 .81

2 .3 8 .3







12 5 12 4 12 4

12 6 12 5 12 5

2 .3 2 .3 2 .3 (3 1) 1

2 .3 2 .3 2 .3 (3 1) 3







Câu 2

(4 điểm)

a) 2x = 3y; 4y = 5z

;;

3 2 5 4 15 10 10 8

x y y z x y y z

     



11 1

15 10 8 15 10 8 33 3

x y z x y z

    





x = 5; y =

; z =

1 2 3 4x x x x     

(1)

Vì VT



40x

hay x



0, do đó:

1 1; 2 2; 3 3x x x x x x        

(1)



x + 1 + x + 2 + x + 3 = 4x



x = 6

Câu 3

(3điểm)

a) f(0) = 0

f(-0,5) = -4.(-

)



b) f(-a) = -4(-a)

- a = 4a

- a

- f(a) = -

4aa







= 4a

- a



f(-a) = -f(a)

0,5

Trang 10

Câu 4

(1 điểm)

x + y = x.y

( 1) y

xy x y x y x

       



vì

1 1 1 1 1 1x z y y y y y        

do đó y - 1 =



2y

hoặc y = 0

Nếu y = 2 thì x = 2

Nếu y = 0 thì x = 0

Vậy các cặp số nguyên (x;y) là: (0,0) và (2;2)

0,5

Câu 5

(6 điểm)

a) Xét



AMC và



ABN, có:

AM = AB (



AMB

vuông cân)

AC = AN (



ACN

vuông cân)



MAC =



NAC (

= 90



BAC)

Suy ra



AMC =



ABN (c - g - c)

1,0

0,5

b) Gọi I là giao điểm của BN với AC, K là giao điểm của BN với MC.

Xét



KIC và



AIN, có:



ANI =



KCI (



AMC =



ABN)



AIN =



KIC (đối đỉnh)





IKC =



NAI = 90

, do đó: MC



0,5

c) Kẻ ME



AH tại E, NF



AH tại F. Gọi D là giao điểm của MN và

AH.

- Ta có:



BAH +



MAE = 90

(vì



MAB = 90

)

Lại có



MAE +



AME = 90

, nên



AME =



BAH

Xét



MAE và



ABH , vuông tại E và H, có:



AME =



BAH (chứng minh trên)

MA = AB

Suy ra



MAE =



ABH (cạnh huyền-góc nhọn)



ME = AH

- Chứng minh tương tự ta có



AFN =



CHA



FN = AH

Xét



MED và



NFD, vuông tại E và F, có:

ME = NF (= AH)



EMD =



FND(phụ với



MDE và



FDN, mà



MDE



FDN)

0,25

Trang 11





MED =



NFD



BD = ND.

Vậy AH đi qua trung điểm của MN.

0,25

Câu 6

(1 điểm)

Vì:

0 1 2a b c    

nên 0

1 2 2 2 2a b c c c c          

0 4 3 6c   

(vì a + b + c = 1)

Hay 3c

2

c  

Vậy giá trị nhỏ nhất của c là: -

khi đó a + b =

0,5

Chú ý: - Học sinh làm cách khác đúng vẫn cho điểm tối đa.

- Học sinh không vẽ hình hoặc vẽ sai cơ bản thì không chấm bài hình.

PHÒNG GD-ĐT HÒA BÌNH

Đề chính thức

Gồm 01 trang

KỲ THI CHỌN HỌC SINH GIỎI LỚP 6, 7

NĂM HỌC 2009 – 2010

Môn thi: Toán 7

Thời gian: 90 phút (không kể thời gian giao đề)

Câu 1 (4đ):

a) Tính giá trị của biểu thức

A =

1.2

2.3

3.4

+ … +

99.100

b) Tính:

+ 8 [(-2)

]

– 2

-2

.4 + (-2)

Câu 2 (4đ):

Hai lớp 7A và 7B đi lao động trồng cây. Biết rằng tỉ số giữa số cây trồng được của lớp 7A và 7B là

0,8. Lớp 7B trồng nhiều hơn lớp 7A là 20 cây. Tính số cây mỗi lớp trồng được?

Câu 3 (4đ):

Tìm x biết:

- x :

= 2

b) 2

x

= 8

Câu 4 (4đ):

Ba đội máy ủi đất làm ba khối lượng công việc như nhau. Đội thứ nhất hoàn thành công việc trong

4 ngày, đội thứ hai hoàn thành trong 6 ngày, đội thứ ba hoàn thành trong 8 ngày. Hỏi mỗi đội có bao

nhiêu máy (cùng công suất), biết rằng đội thứ nhất có nhiều hơn đội thứ hai 2 máy.

Câu 5 (4đ):

Trang 12

Cho góc

xOy

. Trên Ox lấy hai điểm A và B, trên Oy lấy hai điểm C và D sao cho OA = OC, AB =

CD. Chứng minh:

a) ABC = ACD

b) ABD = BCD

- - - - - - - - - - - - - - - - - - Hết - - - - - - - - - - - - - - - - - -

HƯỚNG DẪN CHẤM-HÒA BÌNH

Câu 1 (4đ):

a) Tính giá trị của biểu thức

A =

1.2

2.3

3.4

+ … +

99.100

Ta có:

1.2

;

2.3

; … ;

99.100

100

(1đ)

A = 1 + (

) + (

) + … + (

) -

100

= 1 -

100

(1đ)

b) Tính:

+ 8 [(-2)

]

– 2

-2

.4 + (-2)

= 16 + 8.1 - 2

-2.

+ 4 (1đ)

= 16 + 8 -2

+ 4

= 16 + 8 – 1 + 4 = 27 (1đ)

Câu 2 (4đ):

Gọi x, y theo thứ tự là số cây trồng được của lớp 7A, 7B. Ta có:

y – x = 20 và

= 0,8



(1) (1đ)

Từ (1) ta có tỉ lệ thức:

yx



= 20 (2) (1đ)

Từ (2) ta có:

= 20



x = 80 cây (lớp 7A) (1đ)

= 20



y = 100 cây (lớp 7B) (1đ)

Câu 3 (4đ):

- x :

= 2

x :

- 2 (0,5đ)

x :



(0,5đ)

x =



(0,5đ)

Trang 13

x =



(0,5đ)

b) 2

x

= 8

x

= 2

(0,5đ)

x +

= 3 (0,5đ)

x = 3 -

(0,5đ)

x =

(0,5đ)

Câu 4 (4đ):

Gọi x, y, z theo thứ tự là số máy ủi của đội thứ nhất, thứ hai, thứ ba

Do các máy có cùng công suất, khối lượng công việc của ba đội như nhau



Số máy và thời gian hoàn thành công việc là tỉ lệ nghịch với nhau (1đ)

Ta có:

và x – y = 2 (1đ)

Theo tính chất của dãy tỉ số bằng nhau, ta có:

xy



= 24 (1đ)

Từ đó:

= 24



x = 6 (số máy của đội thứ nhất)

= 24



y = 4 (số máy của đội thứ hai)

= 24



z = 3 (số máy của đội thứ ba) (1đ)

Câu 5 (4đ):

Già thiết: góc

xOy

; OA=OC, AB=CD

Kết luận: a) ABC = ACD

b) ABD = BCD

(Hình vẽ và GT, KL 0,5đ)

Xét OAD và OCB có:

- Góc

chung

- OA = OC (gt)

- OB = OD

Do đó: OAD = OCB (c-g-c)



AD = BC (1,5đ)

a) Xét ABC và ACD có

Trang 14

- AB = CD (gt)

- AC chung

- AD = BC

Do đó: ABC = ACD (1đ)

b) Xét ABD và BCD có

- AB = CD (gt)

- BD chung

- AD = BC

Do đó: ABD = BCD (1đ)

Ghi chú: Học sinh làm cách khác đúng vẫn được điểm tối đa của câu đó

- - - - - - - - - - - - - - - - - - Hết - - - - - - - - - - - - - - - - - -

phßng gi¸o dôc ®µo t¹o

h-¬ng khª

kú thi chän häc sinh giái huyÖn

N¨m häc 2011 - 2012

M«n to¸n LíP 7

Khóa ngày 17.18.19 – 4 – 2012

Thời gian làm bài: 120 phút (không kể thời gian giao đề)

Bài 1:

1) Tìm x, biết

x 

;

2) Tính giá trị của biểu thức sau:

2 3 1







với

x 

Bài 2:

1) Tìm chữ số tận cùng của A biết A = 3

n+2

– 2

n+2

+ 3

– 2

2) Tìm các giá trị nguyên của x để





nhận giá trị nguyên.

Bài 3: Cho đa thức f(x) xác định với mọi x thỏa mãn:

x.f(x + 2) = (x

– 9).f(x).

1) Tính f(5).

2) Chứng minh rằng f(x) có ít nhất 3 nghiệm.

Bài 4: Cho tam giác ABC, trung tuyến AM. Trên nửa mặt phẳng chứa đỉnh C bờ là

đường thẳng AB dựng đoạn AE vuông góc với AB và AE = AB. Trên nửa mặt phẳng

chứa đỉnh B bờ là đường thẳng AC dựng đoạn AF vuông góc với AC và AF = AC.

Chứng minh rằng:

a) FB = EC

b) EF = 2AM

c) AM  EF.

®Ò chÝnh thøc

Trang 15

Bài 5: Cho a, b, c, d là các số dương. Tìm giá trị nhỏ nhất của biểu thức:

A x a x b x c x d       

HƯỚNG DẪN CHẤM BÀI THI HỌC SINH GIỎI HUYỆN NĂM HỌC 2011 - 2012

MÔN TOÁN LỚP 7

Khóa ngày 17.18.19 – 4 – 2012

Bài

Hướng dẫn chấm

Điểm

1(6đ)

1) Ta có



  



   



   





4.0đ

2) Từ câu 1) Với x = 5/3 thay vào A ta được A = 14/27

Với x = 1/3 thay vào A ta được A = -2/9

2.0đ

(3đ)

1) Chứng minh A chia hết cho 10 suy ra chữ số tận cùng của A là 0

1.5đ

2) Ta có:

 

3 2 5 5

1 2 (5) 1; 5

2 2 2

1;3; 3;7

Z x U

x x x

  

         

  

  

1.5đ

3(4đ)

1) Ta có với x = 3  f(5) = 0

2) x = 0  f(0) = 0  x = 0 là một nghiệm

x = 3  f(5) = 0  x = 5 là một nghiệm

x = -3  f(-1) = 0  x = -1 là một nghiệm

Vậy f(x) có ít nhất là 3 nghiệm.

2.0đ

(6đ)

a) Chứng minh

()ABF AEC cgc FB EC    

b) Trên tia đối của tia MA lấy K sao cho AK =

3.0đ

Trang 16

2AM. Ta có ABM = KCM  CK//AB

180ACK CAB EAF CAB ACK EAF      

EAF và KCA có AE = AB = CK;

AF = AC (gt);

ACK EAF

EAF = KCA (cgc) EF = AK = 2AM.

c) Từ EAF = KCA

90CAK AFE AFE FAK CAK FAK

AK EF

      



1.5đ

5(1đ)

Không mất tính tổng quát, giả sử a  b  c  d. Áp dụng BĐT

a b a b  

dấu bằng xảy ra  ab ≥ 0 ta có:

x a x d x a d x x a d x d a            

(1)

x b x c x b c x x b c x c b            

(2)

Suy ra A ≥ c + d – a – b. Dấu “=” xảy ra khi và chỉ khi dấu “=” ở (1) và (2) xảy

ra  (x – a)(d – x) ≥ 0 và (x – b)(c – x) ≥ 0  a  x  d và b  x  c. Do đó

minA = c + d –a – b  b  x  c.

1.0đ

Ghi chú: Các cách giải khác đầy đủ và chính xác vẫn cho điểm tối đa.

UBND HUYỆN KIM SƠN

PHÒNG GD&ĐT

KỲ KHẢO SÁT HỌC SINH GIỎI LỚP 7 CẤP HUYỆN

NĂM HỌC 2010-2011

Môn: Toán - Lớp 7

Thời gian làm bài: 120 phút (Không kể thời gian giao đề)

ĐỀ CHÍNH THỨC

Bài 1: ( 2,0 điểm)

a. Tìm x, y biết:



và x + y = 22

b. Cho



và



. Tính M =

zyx

543

432



Bài 2: ( 2,0 điểm)

Thực hiện tính:

a. S =

12...222

200820092010



b. P =

)16...321(

...)4321(

)321(

)21(

1 

Bài 3: ( 2,0 điểm)

Tìm x biết:

...



Trang 17

666666

333

4444

555555

555

5555











Bài 4: ( 4,0 điểm)

Cho tam giác ABC có B < 90

và B = 2C. Kẻ đường cao AH. Trên tia đối của tia BA

lấy điểm E sao cho BE = BH. Đường thẳng HE cắt AC tại D.

a. Chứng minh BEH = ACB.

b. Chứng minh DH = DC = DA.

c. Lấy B’ sao cho H là trung điểm của BB’. Chứng minh tam giác AB’C cân.

d. Chứng minh AE = HC.

UBND HUYỆN KIM SƠN

PHÒNG GD&ĐT

KỲ KHẢO SÁT HỌC SINH GIỎI LỚP 7 CẤP HUYỆN

NĂM HỌC 2009-2010

Môn: Toán - Lớp 7

Thời gian làm bài: 120 phút (Không kể thời gian giao đề)

HƯỚNG DẪN CHẤM

Bài 1: (2,0 điểm)



x728

y428 

0,25



7474 





yxyx

0,25







14;8  yx

0,25

201543

yxyx



;

242065

zyzy



242015

zyx



(1)

0,25

(1)

966030

432





zyxzyx

0,25

Trang 18

(1)

1208045

543

120





zyxzyx

0,25



966030

432



 zyx

1208045

543



 zyx

0,25



245

186

543

432

543

245

186

432









zyx

0,25

Bài 2: ( 2,0 điểm)

Thực hiện tính:

2S =

22...222

2200920102011



0,25

2S-S =

12222..22.222

2220092009201020102011



0,25

S =

12.22

20102011



0,25

1122

20112011



0,25

P =

17.16

...

5.4

4.3

3.2

1 

0,25

...



0,25

 

117...321



0,25

761

18.17

















0,25

Bài 3: ( 2,0 điểm)

31.2

...

6.2

5.2

4.2

3.2

2.2



0,25

2.2.31.30...4.3.2.1

31.30...4.3.2.1

630



0,25



0,25

36x

0,25

2.2

6.6

3.3

4.4



0,25



0,25



























0,25

1222

 x

0,25

Bài 4: ( 4,0 điểm)

Trang 19

Câu a: 0,75 điểm

Hình vẽ:

BEH cân tại B nên E = H

0,25

ABC = E + H

= 2 E

0,25

ABC = 2 C  BEH = ACB

0,25

Câu b: 1,25 điểm

Chứng tỏ được DHC cân tại D nên

DC = DH.

0,50

DAH có:

DAH = 90

- C

0,25

DHA = 90

- H

=90

- C

0,25

 DAH cân tại D nên DA = DH.

0,25

Câu c: 1,0 điểm

ABB’ cân tại A nên B’ = B = 2C

0,25

B’ = A

+ C nên 2C = A

+ C

0,50

 C = A

AB’C cân tại B’

0,25

Câu d: 1,0 điểm

AB = AB’ = CB’

0,25

BE = BH = B’H

0,25

Có: AE = AB + BE

HC = CB’ + B’H

 AE = HC

0,50

UBND HUYỆN QUẾ SƠN

PHÒNG GD&ĐT

KỲ KHẢO SÁT HỌC SINH GIỎI LỚP 6,7,8 CẤP HUYỆN

NĂM HỌC 2009-2010

Môn: Toán - Lớp 7

Thời gian làm bài: 120 phút (Không kể thời gian giao đề)

Bài 1: (2,0 điểm)

a. Tìm x, y biết:



và x + y = 22

b. Cho



và



. Tính M =

zyx

543

432



B’

Trang 20

Bài 2: (2,0 điểm)

Thực hiện tính:

a. S =

12...222

200820092010



b. P =

)16...321(

...)4321(

)321(

)21(

1 

Bài 3: (2,0 điểm)

Tìm x biết:

...



666666

333

4444

555555

555

5555











Bài 4: (4,0 điểm)

Cho tam giác ABC có B < 90

và B = 2C. Kẻ đường cao AH. Trên tia đối của tia BA

lấy điểm E sao cho BE = BH. Đường thẳng HE cắt AC tại D.

a. Chứng minh BEH = ACB.

b. Chứng minh DH = DC = DA.

c. Lấy B’ sao cho H là trung điểm của BB’. Chứng minh tam giác AB’C cân.

d. Chứng minh AE = HC.

UBND HUYỆN QUẾ SƠN

PHÒNG GD&ĐT

KỲ KHẢO SÁT HỌC SINH GIỎI LỚP 6,7,8 CẤP HUYỆN

NĂM HỌC 2009-2010

Môn: Toán - Lớp 7

Thời gian làm bài: 120 phút (Không kể thời gian giao đề)

Bài 1: (2,0 điểm)



x728

y428 

0,25

Trang 21



7474 





yxyx

0,25







14;8  yx

0,25

201543

yxyx



;

242065

zyzy



242015

zyx



(1)

0,25

(1)

966030

432





zyxzyx

0,25

(1)

1208045

543

120





zyxzyx

0,25



966030

432



 zyx

1208045

543



 zyx

0,25



245

186

543

432

543

245

186

432









zyx

0,25

Bài 2: (2,0 điểm) Thực hiện tính:

2S =

22...222

2200920102011



0,25

2S-S =

12222..22.222

2220092009201020102011



0,25

S =

12.22

20102011



0,25

1122

20112011



0,25

P =

17.16

...

5.4

4.3

3.2

1 

0,25

...



0,25

 

117...321



0,25

761

18.17

















0,25

Bài 3: (2,0 điểm)

31.2

...

6.2

5.2

4.2

3.2

2.2



0,25

2.2.31.30...4.3.2.1

31.30...4.3.2.1

630



0,25



0,25

36x

0,25

Trang 22

2.2

6.6

3.3

4.4



0,25



0,25



























0,25

1222

 x

0,25

Bài 4: (4,0 điểm)

Câu a: 0,75 điểm

Hình vẽ:

BEH cân tại B nên E = H

0,25

ABC = E + H

= 2 E

0,25

ABC = 2 C  BEH = ACB

0,25

Câu b: 1,25 điểm

Chứng tỏ được DHC cân tại D nên

DC = DH.

0,50

DAH có:

DAH = 90

- C

0,25

DHA = 90

- H

=90

- C

0,25

 DAH cân tại D nên DA = DH.

0,25

Câu c: 1,0 điểm

ABB’ cân tại A nên B’ = B = 2C

0,25

B’ = A

+ C nên 2C = A

+ C

0,50

 C = A

AB’C cân tại B’

0,25

Câu d: 1,0 điểm

AB = AB’ = CB’

0,25

BE = BH = B’H

0,25

Có: AE = AB + BE

HC = CB’ + B’H

 AE = HC

0,50

UBND HUYỆN TIÊN YÊN

PHÒNG GIÁO DỤC VÀ ĐÀO TẠO

--------------------

KỲ THI CHỌN HỌC SINH GIỎI CẤP

HUYỆN CÁC KHỐI LỚP 6-7-8

NĂM HỌC 2011-2012

B’

Trang 23

MÔN: TOÁN 7

Ngày thi: 18/04/2012

Thời gian làm bài: 120 phút

(Không kể thời gian giao đề)

Câu 1: Thực hiện phép tính





























 

5432

157

















629199

920915

27.2.76.2.5

8.3.49.4.5



Câu 2:

a, Cho tỉ lệ thức



. Chứng minh rằng : (a+2c)(b+d) = (a+c)(b+2d)

b. Tìm hai số nguyên biết: Tổng, hiệu (số lớn trừ số bé), thương (số lớn chia số bé) của

hai số đó cộng lại bằng 38.

Câu 3: Tìm x biết:



1x2



Câu 4:

Cho tam giác ABC với M trung điểm BC. Trên nửa nặt phẳng bờ AB không chứa

C vẽ tia Ax vuông góc AB và lấy D sao cho AD = AB. Trên nửa mặt phẳng bờ AC

không chứa B vẽ Ay vuông góc AC và lấy AE = AC. Chứng minh:

a, AM =

b, AM



===== Hết =====

HƯỚNG DẪN CHẤM

MÔN: TOÁN 7

Ngày thi: 18/04/2012

Câu

Hướng dẫn chấm

điểm

5 1 5 5 1 2

: : 5

9 11 22 9 15 3

   

    

   

   

Trang 24

 





69 1

2 3 4 5

157 157





    





15 9 20 9

9 19 29 6

5.4 .9 4.3 .8

5.2 .6 7.2 .27







a, Cho tỉ lệ thức



. Chứng minh rằng : (a+2c)(b+d) = (a+c)(b+2d)

Ta có:



=> a.d = b.c

Xét: (a+2c)(b+d) = ab+ad+2bc+2cd =ab+3bc+2cd

Và (a+c)(b+2d) = ab+2ad+bc+2cd = ab+3bc+2cd

Vậy: (a+2c)(b+d) = (a+c)(b+2d).

b. Tìm hai số nguyên biết : Tổng, hiệu (số lớn trừ số bé), thương (số lớn

chia số bé) của hai số đó cộng lại bằng 38.

Gọi hai số càn tìm là a và b ( a,b thuộc Z và b khác 0)

Giả sử a > b, khi đó có: (a+b) + (a-b) + a:b = 38

=> 2a + a: b = 38

=> 2ab + a = 38b

=> a = 38 b : (2b + 1) = (38b +19 -19) : (2b +1) = 19- (19/(2b+1))

Để a thuộc Z thì 2b + 1 phải là ước của 19.

=> 2b+1 = 1 => b = 0 (loại)

2b+1 = - 1 => b = -1 => a = -38 (loại)

2b+1 = 19 => b = 9 => a = 18

2b+1 = - 19 => b = -10 => a = 20

Vậy có 2 cặp số thỏa mãn: (18:9) và (20; -10)



x = -11/30 và x = -1/30

1x2



Không có giá trị của x thỏa mãn.

0.5

a, Để chứng tỏ DE = 2AM tạo ra đoạn thẳng gấp đôi

AM bằng cách trên tia đối MA lấy MK = MA và đi

chứng minh DE = AK

Xét

)();(:& ACBKAEgtABADDAEABK 

Và

180 ( 180 )DAE BAC DAB EAC   

Trang 25

180

ABC CBK ABC ACB

ABK BAC

  

  

(2)

Vậy:

ABK DAE ABK DAE

AK DE AM

    

   

b, Gọi H là giao điểm AM&DE ; Ta có

000

ˆˆ

 HDAHADDHADKAB

Phßng Gi¸o dôc- §µo t¹o

TRùC NINH

*****

®Ò thi chän häc sinh giái cÊp huyÖn

n¨m häc: 2008 - 2009

m«n: To¸n 7

(Thêi gian:120 phót, kh«ng kÓ thêi gian giao ®Ò)

§Ò thi nµy gåm 01 trang

Bµi 1: (3,5 ®iÓm)

Thùc hiÖn phÐp tÝnh:

3 4 7 4 7 7

7 11 11 7 11 11



   

  

   

   

1 1 1 1 1

...

99.97 97.95 95.93 5.3 3.1

    

Bµi 2: (3,5 ®iÓm)

T×m x; y; z biÕt:

a) 2009 –

2009x 

= x

 

2008

2 1 0

x y x y z



      





Bµi 3: (3 ®iÓm)

T×m 3 sè a; b; c biÕt:

3 2 2 5 5 3

5 3 2

a b c a b c  



vµ a + b + c = – 50

Bµi 4: (7 ®iÓm)

Cho tam gi¸c ABC c©n (AB = AC ; gãc A tï). Trªn c¹nh BC lÊy ®iÓm D, trªn tia ®èi cña CB lÊy

®iÓm E sao cho BD = CE. Trªn tia ®èi cña CA lÊy ®iÓm I sao cho CI = CA.

C©u 1: Chøng minh:

ABD ICE  

b) AB + AC < AD + AE

C©u 2: Tõ D vµ E kÎ c¸c ®-êng th¼ng cïng vu«ng gãc víi BC c¾t AB; AI theo thø tù t¹i M; N.

Chøng minh BM = CN.

C©u 3: Chøng minh r»ng chu vi tam gi¸c ABC nhá h¬n chu vi tam gi¸c AMN.

®Ò chÝnh thøc

Trang 26

Bµi 5 (3 ®iÓm):

T×m c¸c sè tù nhiªn a; b sao cho (2008.a + 3.b + 1).(2008

+ 2008.a + b) = 225

§¸p ¸n §Ò thi HSG m«n To¸n 7-TRùC NINH

Bµi 1: 3 ®iÓm

C©u a: 1 ®iÓm (kÕt qu¶ = 0).

C©u b: 2 ®iÓm

1 1 1 1 1

...

99.97 97.95 95.93 5.3 3.1

    

1 1 1 1 1

...

99.97 1.3 3.5 5.7 95.97

1 1 1 1 1 1 1 1 1

1 ...

99.97 2 3 3 5 5 7 95 97

1 1 1

99.97 2 97

1 48

99.97 97

4751

99.97



     







         







  











Bµi 2: 3,5 ®iÓm

C©u a: 2 ®iÓm

- NÕu x



2009



2009 – x + 2009 = x



2.2009 = 2x



x = 2009

- NÕu x < 2009



2009 – 2009 + x = x



0 = 0

VËy víi



x < 2009 ®Òu tho¶ m·n.

- KÕt luËn : víi x



2009 th×

2009 2009xx  

HoÆc c¸ch 2:

 

2009 2009

2009

  

   

    



C©u b: 1,5 ®iÓm

Trang 27

x 

;

y 

;

z 

Bµi 3: 2,5 ®iÓm

3 2 2 5 5 3

5 3 2

15 10 6 15 10 6

25 9 4

a b c a b c

  



  

  

¸p dông tÝnh chÊt d·y tØ sè b»ng nhau cã:

15 10 6 15 10 6 15 10 6 15 10 6

25 9 4 38

a b c a b c a b c a b c       

   

15 10 0 3 2

6 15 0 2 5

10 6 0 5 3

a b a b

c a c a

b c b c







  





  

      

  

  

  











VËy

2 3 5

abc



¸p dông tÝnh chÊt d·y tØ sè b»ng nhau







  









Bµi 4: 7 ®iÓm

C©u 1: mçi c©u cho 1,5 ®iÓm

C©u a: Chøng minh

 

ABD ICE cgc

C©u b: cã AB + AC = AI

Trang 28

V×

ABD ICE AD EI  

(2 c¹nh t-¬ng øng)

¸p dông bÊt ®¼ng thøc tam gi¸c trong

AEI

cã:

AE + EI > AI hay AE + AD > AB + AC

C©u 2: 1,5 ®iÓm

Chøng minh

BDM =

CEN (gcg)



BM = CN

C©u 3: 2,5 ®iÓm

V× BM = CN



AB + AC = AM + AN (1)

cã BD = CE (gt)



BC = DE

Gäi giao ®iÓm cña MN víi BC lµ O ta cã:

 

MO OD

MO NO OD OE

NO OE

MN DE

MN BC





   









Tõ (1) vµ (2)



chu vi

ABC

nhá h¬n chu vi

AMN

Bµi 5: 2 ®iÓm

Theo ®Ò bµi



2008a + 3b + 1 vµ 2008

+ 2008a + b lµ 2 sè lÎ.

NÕu a





2008

+ 2008a lµ sè ch½n

®Ó 2008

+ 2008a + b lÎ



b lÎ

NÕu b lÎ



3b + 1 ch½n do ®ã

2008a + 3b + 1 ch½n (kh«ng tho¶ m·n)

VËy a = 0

Víi a = 0



(3b + 1)(b + 1) = 225

V× b





(3b + 1)(b + 1) = 3.75 = 5. 45 = 9.25

3b + 1 kh«ng chia hÕt cho 3 vµ 3b + 1 > b + 1

3 1 25





  







VËy a = 0 ; b = 8.

PHÒNG GIÁO DỤC VÀ ĐÀO TẠO

VIỆT YÊN

ĐỀ THI HỌC SINH GIỎI CẤP HUYỆN

NĂM HỌC 2012-2013

MÔN THI: TOÁN 7

Thời gian làm bài:120 phút

Câu 1. (4,0 điểm)

1) M =

2 2 1 1

0,4 0,25

2012

9 11 3 5

7 7 1

2013

1,4 1 0,875 0,7

9 11 6



   







   



ĐỀ CHÍNH THỨC

Trang 29

2) Tìm x, biết:

 xxx

Câu 2. (5,0 điểm)

1) Cho a, b, c là ba số thực khác 0, thoả mãn điều kiện:

bac

acb

cba 









Hãy tính giá trị của biểu thức











































B 111

2) Ba lớp 7A, 7B, 7C cùng mua một số gói tăm từ thiện, lúc đầu số gói tăm dự định

chia cho ba lớp tỉ lệ với 5:6:7 nhưng sau đó chia theo tỉ lệ 4:5:6 nên có một lớp nhận

nhiều hơn dự định 4 gói. Tính tổng số gói tăm mà ba lớp đã mua.

Câu 3. (4,0 điểm)

1) Tìm giá trị nhỏ nhất của biểu thức A =

2 2 2 2013xx  

với x là số nguyên.

2) Tìm nghiệm nguyên dương của phương trình

x y z xyz  

Câu 4. (6,0 điểm)

Cho

xAy

=60

có tia phân giác Az . Từ điểm B trên Ax kẻ BH vuông góc với Ay tại H,

kẻ BK vuông góc với Az và Bt song song với Ay, Bt cắt Az tại C. Từ C kẻ CM

vuông góc với Ay tại M . Chứng minh :

a ) K là trung điểm của AC.

b )



KMC là tam giác đều.

c) Cho BK = 2cm. Tính các cạnh



AKM.

Câu 5. (1,0 điểm)

Cho ba số dương 0



1 chứng minh rằng:

1 1 1

a b c

bc ac ab

  

  

--------------Hết----------------

Cán bộ coi thi không giải thích gì thêm.

Họ và tên thí sinh: .................................................................Số báo danh:.......................

PHÒNG GIÁO DỤC VÀ ĐÀO TẠO

VIỆT YÊN

HD CHẤM THI HỌC SINH GIỎI CẤP HUYỆN

NĂM HỌC 2012-2013

MÔN THI: TOÁN 7

Thời gian làm bài:120 phút

Câu

Nội dung

Điểm

Trang 30

Câu 1

(4 điểm)

1) Ta có:

2 2 1 1

0,4 0,25

2012

9 11 3 5

7 7 1

2013

1,4 1 0,875 0,7

9 11 6



   







   



2 2 2 1 1 1

2012

5 9 11 3 4 5

7 7 7 7 7 7

2013

5 9 11 6 8 10



   







   



1 1 1 1 1 1

2012

5 9 11 3 4 5

1 1 1 7 1 1 1

2013

5 9 11 2 3 4 5



   

   

   



   





   



   

   



   



2 2 2012

7 7 2013



  





KL:……..

0.5đ

2) vì

10xx  

nên (1) =>

12x x x   

hay

12x 

+) Nếu x



1 thì (*) = > x -1 = 2 => x = 3

+) Nếu x <1 thì (*) = > x -1 = -2 => x = -1

KL:………….

0.5đ

Câu 2

(5 điểm)

+Nếu a+b+c



Theo tính chất dãy tỉ số bằng nhau ,ta có:

bac

acb

cba 









a b c b c a c a b

abc

       



= 1

mà

111

a b c b c a c a b

c a b

     

    

= 2

a b b c c a

c a b

  



Vậy B =

1 1 1 ( )( )( )

b a c b a c a b c

a c b a c b

  

   

   

   

   

0.25đ

+Nếu a+b+c = 0

Theo tính chất dãy tỉ số bằng nhau ,ta có:

bac

acb

cba 









a b c b c a c a b

abc

       



= 0

mà

111

a b c b c a c a b

c a b

     

    

= 1

a b b c c a

c a b

  



Vậy B =

1 1 1 ( )( )( )

b a c b a c a b c

a c b a c b

  

   

   

   

   

0.25đ

2) Gọi tổng số gói tăm 3 lớp cùng mua là x ( x là số tự nhiên khác 0)

Số gói tăm dự định chia chia cho 3 lớp 7A, 7B, 7C lúc đầu lần lượt là: a,

0,5 đ

Trang 31

b, c

Ta có:

5 6 7

;;

5 6 7 18 18 18 18 3 18

a b c a b c x x x x x

a b c



        

(1)

Số gói tăm sau đó chia cho 3 lớp lần lượt là a’, b’, c’, ta có:

, , , , , ,

, , ,

4 5 6

;;

4 5 6 15 15 15 15 3 15

a b c a b c x x x x x

a b c



        

(2)

So sánh (1) và (2) ta có: a > a’; b=b’; c < c’ nên lớp 7C nhận nhiều hơn

lúc đầu

Vây: c’ – c = 4 hay

4 4 360

15 18 90

x x x

x     

Vậy số gói tăm 3 lớp đã mua là 360 gói.

0,5đ

0,25đ

0,5đ

0,25đ

Câu 3

(4 điểm)

1) Ta có:

2 2 2 2013 2 2 2013 2A x x x x       

2 2 2013 2 2011xx    

Dấu “=” xảy ra khi

2013

(2 2)(2013 2 ) 0 1

x x x     

KL:……..

0,5đ

2) Vì x,y,z nguyên dương nên ta giả sử 1



Theo bài ra 1 =



=> x



3 => x = 1

Thay vào đầu bài ta có

1 y z yz  

=> y – yz + 1 + z = 0

=> y(1-z) - ( 1- z) + 2 =0

=> (y-1) (z - 1) = 2

TH1: y -1 = 1 => y =2 và z -1 = 2 => z =3

TH2: y -1 = 2 => y =3 và z -1 = 1 => z =2

Vậy có hai cặp nghiệp nguyên thỏa mãn (1,2,3); (1,3,2)

0,25đ

0,5đ

0,25đ

Câu 4

(6 điểm)

V ẽ h ình , GT _ KL



ABC cân tại B do

()CAB ACB MAC

và BK là đường cao



BK là

đường trung tuyến



K là trung điểm của AC



ABH =



BAK ( cạnh huyền + góc nhọn )

0,25đ

1đ

0,5đ

Trang 32



BH = AK ( hai cạnh t. ư ) mà AK =



BH =

Ta có : BH = CM ( t/c cặp đoạn chắn ) mà CK = BH =



CM = CK





MKC là tam giác cân ( 1 )

Mặt khác :

MCB

= 90

và

ACB

= 30



MCK

= 60

(2)

Từ (1) và (2)





MKC là tam giác đều

c) Vì



ABK vuông tại K mà góc KAB = 30

=> AB = 2BK =2.2 = 4cm

Vì



ABK vuông tại K nên theo Pitago ta có:

AK =

16 4 12AB BK   

Mà KC =

AC => KC = AK =



KCM đều => KC = KM =

Theo phần b) AB = BC = 4

AH = BK = 2

HM = BC ( HBCM là hình chữ nhật)

=> AM = AH + HM = 6

0,25đ

0,5đ

0,25đ

0,5đ

0,25đ

Câu 5

(1 điểm)

Vì

01abc   

nên:

( 1)( 1) 0 1

a b ab a b

ab a b ab a b

          

   

(1)

Tương tự:

bc b c





(2) ;

ac a c





(3)

Do đó:

1 1 1

a b c a b c

bc ac ab b c a c a b

    

     

(4)

Mà

2 2 2 2( )

a b c a b c a b c

b c a c a b a b c a b c a b c a b c



      

          

(5)

Từ (4) và (5) suy ra:

1 1 1

a b c

bc ac ab

  

  

(đpcm)

0,25đ

Lưu ý: - Các tổ cần nghiên cứu kỹ hướng dẫn trước khi chấm.

- Học sinh làm bài các cách khác nhau mà đúng thì vẫn cho điểm tối đa.

- Bài hình không có hình vẽ thì không chấm.

- Tổng điểm của bài cho điểm lẻ đến 0,25đ ( ví dụ : 13,25đ , 14,5đ, 26,75đ).

PHÒNG GD & ĐT CHƯƠNG MỸ ĐỀ THI GIAO LƯU HỌC SINH GIỎI

NĂM HỌC: 2014 - 2015

Môn thi: TOÁN 7

Thời gian: 120 phút (Không kể thời gian giao đề)

ĐỀ CHÍNH THỨC

(Đề gồm 1 trang)

Trang 33

Câu 1.

a. Thực hiện phép tính:

0,375 0,3

1,5 1 0,75

11 12

5 5 5

0,265 0,5 2,5 1,25

11 12 3

  





     

b. So sánh:

50 26 1

và

168

Câu 2.

a. Tìm

biết:

2 3 2 2 1x x x    

b. Tìm

;x y Z

biết:

25xy x y  

c. Tìm x; y; z biết: 2x = 3y; 4y = 5z và 4x - 3y + 5z = 7

Câu 3.

a. Tìm đa thức bậc hai biết f(x) - f(x-1) = x.

Từ đó áp dụng tính tổng S = 1+2+3+ ....+ n.

b. Cho

2 3 3 2

bz cy cx az ay bx

a b c

  



Chứng minh:

x y z

a b c



Câu 4.

Cho tam giác ABC (

BAC 

), đường cao AH. Gọi E; F lần lượt là điểm đối

xứng của H qua AB; AC, đường thẳng EF cắt AB; AC lần lượt tại M và N. Chứng minh

rằng:

a. AE = AF;

b. HA là phân giác của

MHN

;

c. CM // EH; BN // FH.

Hết./.

Họ và tên: ...................................................Số báo danh:................................

PHÒNG GD & ĐT CHƯƠNG MỸ

ĐÁP ÁN THI GIAO LƯU HỌC SINH GIỎI. NĂM HỌC: 2012 - 2013

Môn thi: TOÁN 7

Trang 34

Câu

Nội dung

Điểm

Câu 1

1,5

điểm

a. 0,5

điểm

A =

    



     

3 3 3 3 3 3 3

8 10 11 12 2 3 4

53 5 5 5 5 5 5

100 10 11 12 2 3 4

   

  

    

   

   

  

   



   



     

   

   



      

  



1 1 1 1 1 1 1

165 132 120 110

3( )

8 10 11 12 2 3 4

1320

53 66 60 55

53 1 1 1 1 1 1

5( )

100 660

100 10 11 12 2 3 4

263 263

3. 3.

3 3 3945 3 1881

1320 1320

53 49 1749 1225

5 5 5948 5 2

100 660 3300

9740

0.25

b. 1

điểm

Ta có:

= 4;

= 5

Vậy:

50 26 1 7 5 1 13 169 168       

0.5

0,5

Câu 2

4 điểm

a. 1

điểm

Nếu x >2 ta có: x - 2 + 2x - 3 = 2x + 1



x = 6

Nếu

x

ta có: 2 - x + 2x - 3 = 2x + 1



x = - 2 loại

Nếu x<

ta có: 2 - x + 3 - 2x = 2x + 1



x =

Vậy: x = 6 ; x =

0.25

b. 1.5

điểm

Ta có: xy + 2x - y = 5



x(y+2) - (y+2) = 3



(y+2)(x-1) = 3.1 =1.3 = (-1).(-3) = (-3).(-1)

y + 2

-1

-3

x - 1

-3

-1

-2

-1

-3

-5

0. 5

0.5

c. 1.5

điểm

Từ: 2x= 3y; 4y = 5z



8x = 12y = 15z



4 3 5

1 1 1 1 1 1

8 12 15 2 4 3

x y z x y z

    

4 3 5 7

1 1 1 7

2 4 3 12

xyz







x = 12.

; y = 12.

= 1; z = 12.

15 5



0. 5

0.5

0. 5

Câu 3

1.5

điểm

a. 0.5

điểm

Đa thức bậc hai cần tìm có dạng:

 

f x ax bx c  



0).

Ta có :

     

1 1 1f x a x b x c     

   

12f x f x ax a b x     





























Vậy đa thức cần tìm là:

 

f x x x c  

(c là hằng số tùy ý).

0.25

Trang 35

Áp dụng:

+ Với x = 1 ta có :

   

1 1 0 .ff

+ Với x = 2 ta có :

   

1 2 1 .ff

………………………………….

+ Với x = n ta có :

   

1.n f n f n  



S = 1+2+3+…+n =

   

0f n f

 

2 2 2



   

0.25

b. 1

điểm

2 3 3 2

bz cy cx az ay bx

a b c

  





2 2 2

2 3 6 2 3 6

abz acy bcx abz acy bcx

a b c

abz acy bcx abz acy bcx

a b c

  



    







2bz - 3cy = 0





(1)



3cx - az = 0





(2); Từ (1) và (2) suy ra:

x y z

a b c



0.5

0.25

Câu 4

3 điểm

Hình

vẽ 0.

5 đ

0.25

a. 1

điểm

Vì AB là trung trực của EH nên ta có: AE = AH (1)

Vì AC là trung trực của HF nên ta có: AH = AF (2)

Từ (1) và (2) suy ra: AE = AF

0.25

0. 5

b. 1

điểm

Vì M



AB nên MB là phân giác

EMH



MB là phân giác

ngoài góc M của tam giác MNH

Vì N



AC nên NC là phân giác

FNH



NC là phân giác ngoài

góc N của tam giác MNH

Do MB; NC cắt nhau tại A nên HA là phân giác trong góc H của

tam giác HMN hay HA là phân giác của

MHN

0.25

Trang 36

c. 1

điểm

Ta có AH



BC (gt) mà HM là phân giác

MHN



HB là phân

giác ngoài góc H của tam giác HMN

MB là phân giác ngoài góc M của tam giác HMN (cmt)



NB là

phân giác trong góc N của tam giác HMN





AC ( Hai đường phân giác của hai góc kề bù thì vuông

góc với nhau).



BN // HF ( cùng vuông góc với AC)

Chứng minh tương tự ta có: EH // CM

0.25

UBND HUYỆN CHÂU THÀNH

PHÒNG GD ĐT CHÂU THÀNH

ĐỀ THI CHÍNH THỨC

(đề thi gồm 1 trang)

KỲ THI HỌC SINH GIỎI CẤP HUYỆN

LỚP 7 THCS - Năm học 2010 – 2011

MÔN : TOÁN

Thời gian 150 phút (không kể thời gian giao đề)

Câu 1: (2.0 điểm) Thực hiện tính:

A =

5,0



B =





























Câu 2: (2.0 điểm)

a. Tìm x, y biết:



và x + y = 22

b. Cho



và



. Tính M =

zyx

543

432



Câu 3: (2.0 điểm) Thực hiện tính:

a. S =

12...222

200820092010



b. P =

)16...321(

...)4321(

)321(

)21(

1 

Câu 4: (1.0 điểm) Vẽ đồ thị hàm số



Trang 37

Câu 5: (3.0 điểm) Cho tam giác ABC có A = 90

, B =

. Đường thẳng AH vuông góc với BC tại H. Gọi d là

đường thẳng vuông góc với BC tại B. Trên đường thẳng

d thuộc nửa mặt phẳng bờ BC không chứa điểm A lấy

điểm D sao cho BD = HA (Hình vẽ bên).

a. Chứng minh  ABH =  DHB.

b. Tính số đo góc BDH.

c. Chứng minh đường thẳng DH vuông góc với đường thẳng AC.

_____________________ Hết _____________________

Họ và tên thí sinh: ……………………………………………... Số báo danh ………….

Chữ ký giám thị 1: ………………………..…. Giám thị 2 ………………………………

ĐÁP ÁN-CHÂU THÀNH

Câu 1: (Mỗi bước cho 0,25 điểm)

A =

5,0



5,0



= 1 - 1 + 0,5

= 0,5





























 



= - 2

Câu 2:

a) 

x728

y428 

0,25 đ



7474 





yxyx

0,25 đ







14;8  yx

0,25 đ

201543

yxyx



;

242065

zyzy



242015

zyx



(1) 0,25 đ

(1)

966030

432





zyxzyx

0,25 đ

(1)

1208045

543

120





zyxzyx

0,25 đ

Trang 38



966030

432



 zyx

1208045

543



 zyx

0,25 đ



245

186

543

432

543

245

186

432









zyx

0,25 đ

Câu 3:

2S =

22...222

2200920102011



0,25 đ

2S-S =

12222..22.222

2220092009201020102011



0,25 đ

S =

12.22

20102011



0,25 đ

1122

20112011



0,25 đ

P =

17.16

...

5.4

4.3

3.2

1 

0,25 đ

...



0,25 đ

 

117...321



0,25 đ

761

18.17

















0,25 đ

Câu 4: (Mỗi bước cho 0,25 điểm)

- Vẽ hệ trục toạ độ

- Xác định toạ độ một điểm A  O thuộc đồ thị hàm số



- Biểu diễn điểm A.

- Vẽ đồ thị hàm số



(Đường thẳng OA)

Câu 5: (Mỗi bước cho 0,25 điểm)

a. Xét  ABH và  DHB có:

BH

(= 90

)

HB chung

BD = HA

  ABH =  DHB (c-g-c)

b. Xét  ABH có

= 50

và

= 90



BAH

= 180 - (

BH

) = 40

Từ  ABH =  DHB có:

BAH BDH



BDH

= 40

c. Từ  ABH =  DHB có:

Trang 39

ABH DHB

 AB song song với DH.

AB  AC

 DH  AC

Bấm Tải xuống để xem toàn bộ.

| 1/39

| | Tải xuống

Preview text:

PHÒNG GIÁO DỤC-ĐÀO TẠO ĐỀ THI CHỌN HỌC SINH GIỎI CẤP HUYỆN
ĐỨC PHỔ NĂM HỌC 2015 - 2016 ĐỀ CHÍNH THỨC
MÔN: TOÁN - LỚP 7
Thời gian: 120 phút (không kể thời gian giao đề).
Ngày thi: 10/4/2016
Câu 1: (5 điểm)
a) Tính giá trị biểu thức P = 1 1 a   a  , với 1 a  . 2014 2016 2015 x 1
b) Tìm số nguyên x để tích hai phân số 6 và là một số nguyên. x 1 3
Câu 2: (5 điểm)
a) Cho a > 2, b > 2. Chứng minh ab  a  b
b) Cho ba hình chữ nhật, biết diện tích của hình thứ nhất và diện tích của hình thứ hai tỉ lệ với 4
và 5, diện tích hình thư hai và diện tích hình thứ ba tỉ lệ với 7 và 8, hình thứ nhất và hình thứ hai có
cùng chiều dài và tổng các chiều rộng của chúng là 27 cm, hình thứ hai và hình thứ ba có cùng chiều
rộng, chiều dài của hình thứ ba là 24 cm. Tính diện tích của mỗi hình chữ nhật đó.
Câu 3: (3 điểm)
Cho ∆DEF vuông tại D và DF > DE, kẻ DH vuông góc với EF (H thuộc cạnh EF). Gọi M là trung điểm của EF.
a) Chứng minh MDH  E  F
b) Chứng minh EF - DE > DF - DH
Câu 4: (2 điểm)     Cho các số a a a ... a
0  a  a  a  ....  a . Chứng minh rằng 1 2 3 15  5 1 2 3 15
a  a  a 5 10 15
Câu 5: (5 điểm) Cho ∆ABC có 0
A  120 . Các tia phân giác BE, CF của ABC và ACB cắt nhau tại I (E, F lần
lượt thuộc các cạnh AC, AB). Trên cạnh BC lấy hai điểm M, N sao cho 0
BIM  CIN  30 .
a) Tính số đo của MIN .
b) Chứng minh CE + BF < BC
------------------------------------------Hết---------------------------------------------
Cán bộ coi thi không giải thích gì thêm.
PHÒNG GD-ĐT ĐỨC PHỔ ĐỀ THI HỌC SINH GIỎI CẤP HUYỆN Trang 1 MÔN: TOÁN - LỚP 7
ĐỀ CHÍNH THỨC NĂM HỌC 2015 - 2016 HƯỚNG DẪN CHẤM Câu NỘI DUNG ĐÁP ÁN Điểm 1
a) Tính giá trị biểu thức P = 1 1    , với 1 a a a  . 2014 2016 2015 0.25 1 Thay a  vào biểu thức P = 1 1 1 1    2015 2015 2014 2015 2016 0.5 2.5 đ 1 1 1 1 Ta có P     2014 2015 2015 2016 0.5 1 1 P   0.5 2014 2016 0.5 2016  2014 2 P   0.25 2014.2016 2014.2016 1 1 P =  1007.2016 2030112 x 1
b) Tìm số nguyên x để tích hai phân số 6 và là một số nguyên. x 1 3 2.5 đ 0.25 Đặt A = 6 x 1 . x 1 3 0.25 2 x 1 = . x 1 1 0.25 2(x 1)  x 1 2x  2  0.25 x 1 0.5 2(x 1)  4  x 1 4  2  x1
Để A nhận giá trị nguyên thì x + 1 là Ư(4) =  1  ; 2  ;  4 Suy ra x  0; 2  ;1; 3  ;3;  5 2
2. a) Cho a > 2, b > 2. Chứng minh ab  a  b 0.5 Từ 1 1    a 2 a 2 1 1 0.5 2đ b  2   b 2 0.5 1 1 a  b Suy ra  1  1 0.5 a b ab Trang 2
Vậy ab  a  b
b) Cho ba hình chữ nhật, biết diện tích của hình thứ nhất và diện tích của hình thứ
hai tỉ lệ với 4 và 5, diện tích hình thư hai và diện tích hình thứ ba tỉ lệ với 7 và 8, 3đ
hình thứ nhất và hình thứ hai có cùng chiều dài và tổng các chiều rộng của chúng là
27 cm, hình thứ hai và hình thứ ba có cùng chiều rộng, chiều dài của hình thứ ba là
24 cm. Tính diện tích của mỗi hình chữ nhật đó.
Gọi diện tích ba hình chữ nhật lần lượt là S , S , S , chiều dài, chiều rộng 1 2 3
tương ứng là d , r ; d , r ; d , r theo đề bài ta có 1 1 2 2 3 3 0.5 S 4 S 7 1 2  ;
 và d  d ;r  r  27;r  r ,d  24 S 5 S 8 1 2 1 2 2 3 3 2 3 0.5
Vì hình thứ nhất và hình thứ hai cùng chiều dài S 4 r r r r  r 27 0.25 1 1 1 2 1 2        3 S 5 r 4 5 9 9 0.25 2 2
Suy ra chiều rộng r  12c , m r  15cm 1 2 0.25
Vì hình thứ hai và hình thứ ba cùng chiều rộng S 7 d 7d 7.24 2 2 3    0.25 d    21cm 2 S 8 d 8 8 3 3
Vậy diện tích hình thứ hai 2 0.25
S  d r  21.15  315 cm 2 2 2 0.25 4 4
Diện tích hình thứ nhất 2 S  S  .315  252 cm 0.25 1 2 5 5 0.25 8 8 Diện tích hình thứ ba 2 S  S  .315  360 cm 3 2 7 7 3đ
Cho ∆DEF vuông tại D và DF > DE, kẻ DH vuông góc với EF (H thuộc cạnh EF).
Gọi M là trung điểm của EF. a) Chứng minh · µ µ
MDH  E  F
Hình vẽ đúng, chính xác 0.5 0.25
Vì M là trung điểm của EF suy ra MD = ME = MF 0.25  
∆MDE cân tại M  E MDE
Mà HDE  F cùng phụ với E 0.25
Ta có MDH  MDE  HDE 0.25 Vậy · µ µ
MDH  E  F
b) Chứng minh EF - DE > DF - DH
Trên cạnh EF lấy K sao cho EK = ED, trên cạnh DF lấy I sao cho DI = DH 0.25
Ta có EF - DE = EF - EK = KF DF - DH = DF - DI = IF 0.25
Ta cần chứng minh KF > IF 0.25
- EK = ED  ∆DHK  EDK  EKD 0.25 - 0
EDK  KDI  EKD  HDK  90 0.25
 KDI  HDK 0.25
- ∆DHK = ∆DIK (c-g-c) Trang 3  0
KID  DHK  90
Trong ∆KIF vuông tại I  KF > FI điều phải chứng minh 4
Cho các số 0  a  a  a  ....  a . 1 2 3 15 (2đ)     Chứng minh rằng a a a ... a 1 2 3 15  5
a  a  a 5 10 15
Ta có a  a  a  a  a  5a 1 2 3 4 5 5 0.5
a  a  a  a  a  5a 0.5 6 7 8 9 10 10
a  a  a  a  a  5a 11 12 13 14 15 15
Suy ra a  a  ........  a  5(a  a  a ) 1 2 15 5 10 15 0.5     Vậy a a a ... a 1 2 3 15  5
a  a  a 0.5 5 10 15
Câu 5: (5 điểm) 5 Cho ∆ABC có 0
A  120 . Các tia phân phân giác BE, CF của ABC và ACB (5đ)
cắt nhau tại I (E, F lần lượt thuộc các cạnh AC, AB). Trên cạnh BC lấy hai điểm M, N sao cho 0
BIM  CIN  30 .
a) Tính số đo của MIN .
b) Chứng minh CE + BF < BC
- Vẽ hình đúng, đủ, chính xác. 0.5
a) Tính số đo của MIN . 0.5 0.5
Ta có ABC + ACB = 1800 - A = 600 0.5  1 1 0 B  C  30 0.5 2 2 0.25  0 BIC  150 Mà 0
BIM  CIN  30 0.25  0 MIN  90 0.5
b) Chứng minh CE + BF < BC 0.5 - 0 BIC  150  0
FIB  EIC  30 0.5
Suy ra ∆BFI = ∆BMI ( g-c-g)  BF = BM 0.25
- ∆CNI = ∆CEI ( g-c-g)  CN = CE 0.25
Do đó CE + BF = BM + CN < BM + MN + NC = BC Vây CE + BF < BC
- Một bài toán có thể có nhiều cách giải khác nếu đúng và phù hợp đều đạt điểm tối đa. Giám
khảo cần thảo lụân, thống nhất đáp án và biểu điểm trước khi chấm. PHÒNG GD-ĐT ĐỨC THỌ
ĐỀ THI HỌC SINH GIỎI NĂM HỌC 2009-2010 MÔN TOÁN LỚP 7
(Thời gian làm bài: 120 phút) Trang 4
Câu 1. Tìm giá trị n nguyên dương: 1 a) .81n  3n ; 27 b) 8 < 2n < 64
Câu 2. Thực hiện phép tính: 1 1 1 1
4  3  5  7  ...  49 (    ...  ) 8 8.15 15.22 43.50 217
Câu 3. Tìm các cặp số (x; y) biết: x y a)  vµ xy = 405; 5 9 1+5y 1+7y 1+9y b)   24 7x 2x
Câu 4. Tìm giá trị nhỏ nhất hoặc lớn nhất của các biểu thức sau : a) A = x  5 + 5 2 x  17 b) B = 2 x  7
Câu 5. Cho tam giác ABC (CA < CB), trên BC lấy các điểm M và N sao cho BM = MN = NC. Qua
điểm M kẻ đường thẳng song song với AB cắt AN tại I.
a) Chứng minh: I là trung điểm của AN
b) Qua K là trung điểm của AB kẻ đường thẳng vuông góc với đường phân giác góc ACB cắt
đường thẳng AC tại E, đường thẳng BC tại F. Chứng minh AE = BF Trang 5
ĐÁP ÁN VÀ HƯỚNG DẪN CHẤM TOÁN 7-ĐỨC THỌ
Câu 1. Tìm giá trị n nguyên dương: 1 a) (2điểm)
.81n  3n ; => 34n-3 = 3n => 4n – 3 = n => n = 1 27 b) (2điểm)
8 < 2n < 64 => 23 < 2n < 26 => n = 4, n = 5
Câu 2. Thực hiện phép tính: (3điểm) 1 1 1 1
4  3  5  7  ...  49 (    ...  ) 8 8.15 15.22 43.50 217 1 1 1 1 1 1 1 1
5  (1  3  5  7  ...  49) = (1       ...  ). 7 8 8 15 15 22 43 50 217 1 1 5  (12.50  25) 1 49 5  625 7.7.2.2.5.31  2 = (1  ).  . .     7 50 217 7 50 7.31 7.2.5.5.7.31 5
Câu 3. Tìm các cặp số (x; y) biết: x y 2 2 x y xy 405 (2điểm) a)  vµ xy =405 =>     9 5 9 25 81 5.9 45
=> x2 = 9.25 = 152 => x =  15
=> y2 = 9.81 = 272 => y =  27 Do x, y cùng dấu nên:
x = 15; y = 27 và x = - 15; y = - 27 1+5y 1+7y 1+9y (2điểm) b)   24 7x 2x
Áp dụng tính chất dãy tỉ số bằng nhau ta có: 1+5y 1+7y 1+9y 1 9y  1 7y 2y 1 7y  1 5y 2y       24 7x 2x 2x  7x 5x 7x  24 7x  24 2y 2y =>  5  x 7x 
=> - 5x = 7x – 24 => x = 2 24
Thay x = 2 vào trên ta được: 1  5y y 5   24 5
 => - 5 - 25y = 24 y => - 49y = 5 => y = 49 5 Vậy x = 2, y =  thoả mãn đề bài 49
Câu 4. Tìm giá trị nhỏ nhất hoặc lớn nhất của các biểu thức sau: a) (2điểm) A = x  5 + 5
Ta có : x  5  0. Dấu “=” xẩy ra  x = - 5.  A  5.
Vậy: Min A = 5  x = - 5. Trang 6 2 2 x  17 x  710 10 b) (2điểm) B = 2 x  = 7 2 x  = 1 + 7 2 x  7
Ta có: x 2  0. Dấu = xảy ra  x = 0  x 2 + 7  7 (2 vế dương) 10 10 10 10 17  => 1 +  B  2 x   7 7 2 x   1 + 7 7 7
Dấu “=” xảy ra  x = 0 17 Vậy: Max B =  x = 0. 7 Câu 5.
a) (3điểm) Từ I kẻ đường thẳng // BC cắt AB tại H. Nối MH.
Ta có:  BHM =  IMH vì: A BHM  IMH (so le trong) BMH  IHM (so le trong)
Cạnh HM chung =>BM = IH = MN H I  AHI =  IMN vì: IH = MN (kết quả trên) AHI  IMN ( ABC) B M N C AIH  INM (đồng vị) => AI = IN (đpcm)
b) (2điểm) Từ A kẻ đường thẳng song song với BC cắt EF tại P.  PKA =  FKB vì: PKA  FKB (đối đỉnh) E APK  BFK (so le trong) AK = KB (gt) P A => AP = BF (1) K EPA  KFC (đồng vị) CEF  KFC (  CFE cân)
=> EPA  CEF =>  APE cân B F C
=> AP = AF (2). Từ (1) và (2) => AE = BF (đpcm) Trang 7
PHÒNG GIÁO DỤC VÀ ĐÀO TẠO
ĐỀ GIAO LƯU HỌC SINH GIỎI CẤP HUYỆN HẬU LỘC Năm học: 2013-2014 Môn thi: Toán ĐỀ THI CHÍNH THỨC Lớp 7 THCS
Ngày thi: 07 tháng 4 năm 2014 Số báo danh
Thời gian : 150 phút (không kể thời gian giao đề)
…...............…… Đề này có 01 trang
Câu 1(5 điểm): ……………. …........................
a) Cho biểu thức: P = x - 4xy + y. Tính giá trị của P với x 1,5; y = -0,75 12 5 6 2 .3  4 .81
b) Rút gọn biểu thức: A   2 .36 2 4 5  8 .3
Câu 2 (4điểm): a) Tìm x, y, z, biết:
2x = 3y; 4y = 5z và x + y + z = 11
b) Tìm x, biết: x 1  x  2  x  3  4x
Câu 3(3 điểm). Cho hàm số: y = f(x) = -4x3 + x a) Tính f(0), f(-0,5)
b) Chứng minh: f(-a) = -f(a).
Câu 4: (1,0 điểm): Tìm cặp số nguyên (x;y) biết: x + y = x.y
Câu 5(6 điểm):Cho  ABC có góc A nhỏ hơn 900. Vẽ ra ngoài tam giác ABC các tam giác
vuông cân tại A là  ABM và  ACN.
a) Chứng minh rằng:  AMC =  ABN; b) Chứng minh: BN  CM;
c) Kẻ AH  BC (H  BC). Chứng minh AH đi qua trung điểm của MN.
Câu 6 (1 điểm):Cho ba số a, b, c thõa mãn: 0  a  b 1 c  2 và a + b + c = 1. Tìm giá trị nhỏ nhất của c. Hết
Chú ý: - Giám thị không giải thích gì thêm.
- Học sinh không được dùng máy tính. Trang 8 PHÒNG GIÁO DỤC VÀ ĐÀO HUYỆN HẬU LỘC
HƯỚNG DẪN CHẤM ĐỀ THI HỌC SINH GIỎI TOÁN 7 NĂM HỌC 2013-2014 Câu Nội dung Điểm
a) Ta có: x  1,5  x  1,5 hoặc x = -1,5
+) Với x = 1,5 và y = -0,75 thì 1,5
P = 1,5 -4.1,5(-0,75) -0,75 = 1,5(1 + 3) = 6 -0,75 = 5,25 1,5 Câu 1
+) Với x = -1,5 và y = - 0,75 thì (5điểm)
P = -1,5 -4(-1,5).(-0,75) - 0,75 = -1,5(1+3) - 0,75 = -6,75 12 5 6 2 .3  4 .81 12 5 12 4 12 4 2 .3  2 .3 2 .3 (3 1) 1 b) A   =   12 6 12 5 12 5 2 2 .36 2 4 5  8 .3 2 .3  2 .3 2 .3 (3 1) 3 x y y z x y y z 1 a) 2x = 3y; 4y = 5z   ;    ;  3 2 5 4 15 10 10 8    x y z x y z 11 1      15 10 8 15 10  8 33 3 1  10 8 x = 5; y = ; z = Câu 2 3 3 (4 điểm)
b) x 1  x  2  x  3  4x (1) Vì VT  0  1
4x  0 hay x  0, do đó:
x 1  x 1; x  2  x  2; x  3  x  3 1
(1)  x + 1 + x + 2 + x + 3 = 4x  x = 6 a) f(0) = 0 1 1 1 1 1 1 f(-0,5) = -4.(- )3 - =   0 2 2 2 2 Câu 3 (3điểm)
b) f(-a) = -4(-a)3 - a = 4a3 - a 0,5 - f(a) = - 3
4a  a   = 4a3 - a  0,5 f(-a) = -f(a) Trang 9 Câu 4 y         (1 điểm) x + y = x.y xy x y x( y 1) y x y 1
vì x  z  y y 1  y 11 y 1  1 y 1 , 0,5 do đó y - 1 =  1  y  2 hoặc y = 0 Nếu y = 2 thì x = 2 Nếu y = 0 thì x = 0
Vậy các cặp số nguyên (x;y) là: (0,0) và (2;2) 0,5 Câu 5 a) Xét  AMC và F (6 điểm) N  ABN, có: AM = AB (  AMB D 1,0 M vuông cân) E AC = AN (  ACN 1,0 vuông cân) A  MAC =  NAC ( I = 900 +  BAC) 0,5 Suy ra  AMC = K  ABN (c - g - c) B H C
b) Gọi I là giao điểm của BN với AC, K là giao điểm của BN với MC.
Xét  KIC và  AIN, có:
 ANI =  KCI (  AMC =  ABN)
 AIN =  KIC (đối đỉnh) 1
  IKC =  NAI = 900, do đó: MC  BN 1 0,5
c) Kẻ ME  AH tại E, NF  AH tại F. Gọi D là giao điểm của MN và AH.
- Ta có:  BAH +  MAE = 900(vì  MAB = 900)
Lại có  MAE +  AME = 900, nên  AME =  BAH
Xét  MAE và  ABH , vuông tại E và H, có:
 AME =  BAH (chứng minh trên) MA = AB
Suy ra  MAE =  ABH (cạnh huyền-góc nhọn)  ME = AH 0,25
- Chứng minh tương tự ta có  AFN =  CHA  FN = AH 0,25
Xét  MED và  NFD, vuông tại E và F, có: ME = NF (= AH)
 EMD =  FND(phụ với  MDE và  FDN, mà  MDE 0,25 =  FDN) Trang 10
  MED =  NFD  BD = ND. 0,25
Vậy AH đi qua trung điểm của MN. Câu 6
Vì: 0  a  b 1 c  2 nên 0  a  b 1 c  2  c  2  c  2  c  2 (1 điểm)
 0  4  3c  6 (vì a + b + c = 1) 2 0,5
Hay 3c  2  c   . 3
Vậy giá trị nhỏ nhất của 2 c là: - khi đó a + b = 5 3 3 0,5
Chú ý: - Học sinh làm cách khác đúng vẫn cho điểm tối đa.
- Học sinh không vẽ hình hoặc vẽ sai cơ bản thì không chấm bài hình.
PHÒNG GD-ĐT HÒA BÌNH
KỲ THI CHỌN HỌC SINH GIỎI LỚP 6, 7 Đề chính thức
NĂM HỌC 2009 – 2010 Gồm 01 trang Môn thi: Toán 7
Thời gian: 90 phút (không kể thời gian giao đề) Câu 1 (4đ):
a) Tính giá trị của biểu thức 1 1 1 A = + + + … + 1 1.2 2.3 3.4 99.100 b) Tính: 1 24 + 8 [(-2)2 : ]0 – 2-2.4 + (-2)2 2 Câu 2 (4đ):
Hai lớp 7A và 7B đi lao động trồng cây. Biết rằng tỉ số giữa số cây trồng được của lớp 7A và 7B là
0,8. Lớp 7B trồng nhiều hơn lớp 7A là 20 cây. Tính số cây mỗi lớp trồng được? Câu 3 (4đ): Tìm x biết: 1 3 a) - x : = 2 2 5 1 x b) 2 2 = 8 Câu 4 (4đ):
Ba đội máy ủi đất làm ba khối lượng công việc như nhau. Đội thứ nhất hoàn thành công việc trong
4 ngày, đội thứ hai hoàn thành trong 6 ngày, đội thứ ba hoàn thành trong 8 ngày. Hỏi mỗi đội có bao
nhiêu máy (cùng công suất), biết rằng đội thứ nhất có nhiều hơn đội thứ hai 2 máy. Câu 5 (4đ): Trang 11
Cho góc xOy . Trên Ox lấy hai điểm A và B, trên Oy lấy hai điểm C và D sao cho OA = OC, AB = CD. Chứng minh: a) ABC = ACD b) ABD = BCD
- - - - - - - - - - - - - - - - - - Hết - - - - - - - - - - - - - - - - - -
HƯỚNG DẪN CHẤM-HÒA BÌNH Câu 1 (4đ):
a) Tính giá trị của biểu thức 1 1 1 A = + + + … + 1 1.2 2.3 3.4 99.100 1 1 1 1 1 1 1 1 1 Ta có: = - ; = - ; … ; = - (1đ) 1.2 1 2 2.3 2 3 99.100 99 100 1 1 1 1 1 1 1 99 A = 1 + ( - ) + ( - ) + … + ( 1 - ) - = 1 - = (1đ) 2 2 3 3 99 99 100 100 100 b) Tính: 1 24 + 8 [(-2)2 :
]0 – 2-2.4 + (-2)2 = 16 + 8.1 - 2-2.22 + 4 (1đ) 2 = 16 + 8 -20 + 4
= 16 + 8 – 1 + 4 = 27 (1đ) Câu 2 (4đ):
Gọi x, y theo thứ tự là số cây trồng được của lớp 7A, 7B. Ta có: x x 8 4 y – x = 20 và = 0,8  = = (1) (1đ) y y 10 5 
Từ (1) ta có tỉ lệ thức: x y y x 20 = = = = 20 (2) (1đ) 4 5 5  4 1
Từ (2) ta có: x = 20  x = 80 cây (lớp 7A) (1đ) 4 y
= 20  y = 100 cây (lớp 7B) (1đ) 5 Câu 3 (4đ): 1 3 a) - x : = 2 2 5 3 1 x : = - 2 (0,5đ) 5 2 3 3  x : = (0,5đ) 5 2 3  3 x = . (0,5đ) 2 5 Trang 12 9  x = (0,5đ) 10 1 x b) 2 2 = 8 1 x 2 2 = 23 (0,5đ) 1 x + = 3 (0,5đ) 2 1 x = 3 - (0,5đ) 2 5 x = (0,5đ) 2 Câu 4 (4đ):
Gọi x, y, z theo thứ tự là số máy ủi của đội thứ nhất, thứ hai, thứ ba
Do các máy có cùng công suất, khối lượng công việc của ba đội như nhau
 Số máy và thời gian hoàn thành công việc là tỉ lệ nghịch với nhau (1đ) x y z Ta có: = = và x – y = 2 (1đ) 1 1 1 4 6 8
Theo tính chất của dãy tỉ số bằng nhau, ta có: x  y 2 = = 24 (1đ) 1 1  1 4 6 12
Từ đó: x = 24  x = 6 (số máy của đội thứ nhất) 1 4 y
= 24  y = 4 (số máy của đội thứ hai) 1 6 z
= 24  z = 3 (số máy của đội thứ ba) (1đ) 1 8 Câu 5 (4đ): x
Già thiết: góc xOy ; OA=OC, AB=CD B
Kết luận: a) ABC = ACD b) ABD = BCD
(Hình vẽ và GT, KL 0,5đ) A Xét OAD và OCB có: - Góc O chung O - OA = OC (gt) C D - OB = OD y
Do đó: OAD = OCB (c-g-c)  AD = BC (1,5đ) a) Xét ABC và ACD có Trang 13 - AB = CD (gt) - AC chung - AD = BC Do đó: ABC = ACD (1đ) b) Xét ABD và BCD có - AB = CD (gt) - BD chung - AD = BC Do đó: ABD = BCD (1đ)
Ghi chú: Học sinh làm cách khác đúng vẫn được điểm tối đa của câu đó
- - - - - - - - - - - - - - - - - - Hết - - - - - - - - - - - - - - - - - -
phßng gi¸o dôc ®µo t¹o
kú thi chän häc sinh giái huyÖn h-¬ng khª N¨m häc 2011 - 2012 M«n to¸n LíP 7
Khóa ngày 17.18.19 – 4 – 2012 ®Ò chÝnh thøc
Thời gian làm bài: 120 phút (không kể thời gian giao đề) Bài 1: 1) Tìm x, biết 2 x 1  ; 3 2 2x  3x 1
2) Tính giá trị của biểu thức sau: A  với 2 x 1  3x  2 3 Bài 2:
1) Tìm chữ số tận cùng của A biết A = 3n+2 – 2n+2 + 3n – 2n x  3
2) Tìm các giá trị nguyên của x để nhận giá trị nguyên. x  2
Bài 3: Cho đa thức f(x) xác định với mọi x thỏa mãn: x.f(x + 2) = (x2 – 9).f(x). 1) Tính f(5).
2) Chứng minh rằng f(x) có ít nhất 3 nghiệm.
Bài 4: Cho tam giác ABC, trung tuyến AM. Trên nửa mặt phẳng chứa đỉnh C bờ là
đường thẳng AB dựng đoạn AE vuông góc với AB và AE = AB. Trên nửa mặt phẳng
chứa đỉnh B bờ là đường thẳng AC dựng đoạn AF vuông góc với AC và AF = AC. Chứng minh rằng: a) FB = EC b) EF = 2AM c) AM  EF. Trang 14
Bài 5: Cho a, b, c, d là các số dương. Tìm giá trị nhỏ nhất của biểu thức:
A  x  a  x  b  x  c  x  d
HƯỚNG DẪN CHẤM BÀI THI HỌC SINH GIỎI HUYỆN NĂM HỌC 2011 - 2012 MÔN TOÁN LỚP 7
Khóa ngày 17.18.19 – 4 – 2012 Bài Hướng dẫn chấm Điểm  2  5 x 1  x  2   1) 3 3 Ta có x 1      4.0đ 3 2 1       1(6đ) x 1 x  3  3
2) Từ câu 1) Với x = 5/3 thay vào A ta được A = 14/27
Với x = 1/3 thay vào A ta được A = -2/9 2.0đ
1) Chứng minh A chia hết cho 10 suy ra chữ số tận cùng của A là 0 1.5đ 2) Ta có: 2 x  3 x  2  5 5 (3đ)  1
 Z  x  2U (5)   1  ;  5 x  2 x  2 x  2 1.5đ  x 1;3; 3  ;7
1) Ta có với x = 3  f(5) = 0 2.0đ
2) x = 0  f(0) = 0  x = 0 là một nghiệm 2.0đ 3(4đ)
x = 3  f(5) = 0  x = 5 là một nghiệm
x = -3  f(-1) = 0  x = -1 là một nghiệm
Vậy f(x) có ít nhất là 3 nghiệm. 4 a) Chứng minh A  BF  A
 EC(cgc)  FB  EC 3.0đ (6đ)
b) Trên tia đối của tia MA lấy K sao cho AK = A Trang 15 E I F C B M
2AM. Ta có ABM = KCM  CK//AB 1.5đ 0
 ACK  CAB  EAF  CAB  180  ACK  EAF
EAF và KCA có AE = AB = CK;
AF = AC (gt); ACK  EAF 
EAF = KCA (cgc) EF = AK = 2AM. 1.5đ c) Từ EAF = KCA 0
 CAK  AFE  AFE  FAK  CAK  FAK  90  AK  EF
Không mất tính tổng quát, giả sử a  b  c  d. Áp dụng BĐT a  b  a  b , dấu bằng xảy ra  ab ≥ 0 ta có:
x  a  x  d  x  a  d  x  x  a  d  x  d  a (1) 1.0đ
5(1đ) x b  x c  x b  c  x  x b  c  x  c b (2)
Suy ra A ≥ c + d – a – b. Dấu “=” xảy ra khi và chỉ khi dấu “=” ở (1) và (2) xảy
ra  (x – a)(d – x) ≥ 0 và (x – b)(c – x) ≥ 0  a  x  d và b  x  c. Do đó
minA = c + d –a – b  b  x  c.
Ghi chú: Các cách giải khác đầy đủ và chính xác vẫn cho điểm tối đa. UBND HUYỆN KIM SƠN
KỲ KHẢO SÁT HỌC SINH GIỎI LỚP 7 CẤP HUYỆN PHÒNG GD&ĐT NĂM HỌC 2010-2011 Môn: Toán - Lớp 7
Thời gian làm bài: 120 phút (Không kể thời gian giao đề) ĐỀ CHÍNH THỨC
Bài 1: ( 2,0 điểm) 4  a. Tìm x, y biết: x 4 = và x + y = 22 7  y 7 x y y z
2x  3y  4z b. Cho  và  . Tính M = 3 4 5 6
3x  4 y  5z Bài 2: ( 2,0 điểm) Thực hiện tính:
a. S = 22010  22009  22008... 2 1 1 1 1 1 b. P = 1 1 (  ) 2  1 (  2  ) 3  1 (  2  3  ) 4  ...  1 (  2  3  ...  ) 16 2 3 4 16
Bài 3: ( 2,0 điểm) Tìm x biết: 1 2 3 4 5 30 31 a. x . . . . ... .  2 4 6 8 10 12 62 64 Trang 16
45  45  45  45 65  65  65  65  65  65 b. x .  2 35  35  35 25  25
Bài 4: ( 4,0 điểm)
Cho tam giác ABC có B < 900 và B = 2C. Kẻ đường cao AH. Trên tia đối của tia BA
lấy điểm E sao cho BE = BH. Đường thẳng HE cắt AC tại D. a. Chứng minh BEH = ACB. b. Chứng minh DH = DC = DA.
c. Lấy B’ sao cho H là trung điểm của BB’. Chứng minh tam giác AB’C cân. d. Chứng minh AE = HC. UBND HUYỆN KIM SƠN
KỲ KHẢO SÁT HỌC SINH GIỎI LỚP 7 CẤP HUYỆN PHÒNG GD&ĐT NĂM HỌC 2009-2010 Môn: Toán - Lớp 7
Thời gian làm bài: 120 phút (Không kể thời gian giao đề) HƯỚNG DẪN CHẤM Bài 1: (2,0 điểm)
 28 7x = 28  4y 0,25  x y x    y 0,25 4 7 4  7  x 22  y   2  x  ; 8 y  14 0,25 4 7 11 x y x y    y z y z x y z ;       (1) 0,25 3 4 15 20 5 6 20 24 15 20 24 2x 3y 4z
2x  3y  4z (1)     0,25 30 60 96 30  60  96 Trang 17 3x 4 y 5z
3x  4 y  5z (1)     0,25 45 80 120 45  80  120 x  y  x  y   2 3 4z 3 4 5z 2x 3x : = : 0,25
30  60  96 45  80  120 30 45
x  y  z x  y   2 3 4 245 2 3 4z 186 .  1  M   0,25 186
3x  4 y  5z
3x  4 y  5z 245 Bài 2: ( 2,0 điểm) Thực hiện tính:
2S = 22011  22010  22009...  22  2 0,25
2S-S = 22011  22010  22010.  22009  22009..  22  22  2  2 1 0,25 S = 22011  2 . 2 2010  1 0,25
S  22011  22011 1  1 0,25 1 3 . 2 1 4 . 3 1 5 . 4 1 17 . 16 P = 1 .  .   ... 0,25 2 2 3 2 4 2 16 2 2 3 4 5 17   .    ... 0,25 2 2 2 2 2 1 
1 2  3...17  1 0,25 2 1 17 18 .    1  76 0,25 2  2 
Bài 3: ( 2,0 điểm) 1 2 3 4 5 30 31 x . . . . ... .  2 0,25 2 . 2 3 . 2 4 . 2 5 . 2 6 . 2 31 . 2 26 31 . 30 ... 4 . 3 . 2 . 1 x  2 0,25 2 . 31 . 30 ... 4 . 3 . 2 . 1 30 2 . 6 1 x  2 0,25 236 x  36  0,25 4.45 6.65 x .  2 0,25 3.35 2.25 46 66 x .  2 0,25 36 26 6 6  6   4  x   .   2 0,25  3   2 
212  2x  x  12 0,25
Bài 4: ( 4,0 điểm) Trang 18
Câu a: 0,75 điểm Hình vẽ: BEH cân tại B nên E = H 0,25 1 0,25 ABC = E + H1 = 2 E A 0,25 ABC = 2 C  BEH = ACB 1
Câu b: 1,25 điểm D
Chứng tỏ được DHC cân tại D nên 0,50 DC = DH. DAH có: 2 0,25 B DAH = 900 - C 1 C H B’ 0,25 DHA = 900 - H E 2 =900 - C
 DAH cân tại D nên DA = DH. 0,25 Câu c: 1,0 điểm
ABB’ cân tại A nên B’ = B = 2C 0,25 B’ = A 0,50 1 + C nên 2C = A1 + C  0,25
C = A1 AB’C cân tại B’ Câu d: 1,0 điểm AB = AB’ = CB’ 0,25 BE = BH = B’H 0,25 Có: AE = AB + BE HC = CB’ + B’H 0,50  AE = HC UBND HUYỆN QUẾ SƠN
KỲ KHẢO SÁT HỌC SINH GIỎI LỚP 6,7,8 CẤP HUYỆN PHÒNG GD&ĐT NĂM HỌC 2009-2010 Môn: Toán - Lớp 7
Thời gian làm bài: 120 phút (Không kể thời gian giao đề)
Bài 1: (2,0 điểm) 4  a. Tìm x, y biết: x 4 = và x + y = 22 7  y 7 x y y z
2x  3y  4z b. Cho  và  . Tính M = 3 4 5 6
3x  4 y  5z Trang 19
Bài 2: (2,0 điểm) Thực hiện tính:
a. S = 22010  22009  22008... 2 1 1 1 1 1 b. P = 1 1 (  ) 2  1 (  2  ) 3  1 (  2  3  ) 4  ...  1 (  2  3  ...  ) 16 2 3 4 16
Bài 3: (2,0 điểm) Tìm x biết: 1 2 3 4 5 30 31 a. x . . . . ... .  2 4 6 8 10 12 62 64
45  45  45  45 65  65  65  65  65  65 b. x .  2 35  35  35 25  25
Bài 4: (4,0 điểm)
Cho tam giác ABC có B < 900 và B = 2C. Kẻ đường cao AH. Trên tia đối của tia BA
lấy điểm E sao cho BE = BH. Đường thẳng HE cắt AC tại D. a. Chứng minh BEH = ACB. b. Chứng minh DH = DC = DA.
c. Lấy B’ sao cho H là trung điểm của BB’. Chứng minh tam giác AB’C cân. d. Chứng minh AE = HC. UBND HUYỆN QUẾ SƠN
KỲ KHẢO SÁT HỌC SINH GIỎI LỚP 6,7,8 CẤP HUYỆN PHÒNG GD&ĐT NĂM HỌC 2009-2010 Môn: Toán - Lớp 7
Thời gian làm bài: 120 phút (Không kể thời gian giao đề) Bài 1: (2,0 điểm)
 28 7x = 28  4y 0,25 Trang 20  x y x    y 0,25 4 7 4  7  x 22  y   2  x  ; 8 y  14 0,25 4 7 11 x y x y    y z y z x y z ;       (1) 0,25 3 4 15 20 5 6 20 24 15 20 24 2x 3y 4z
2x  3y  4z (1)     0,25 30 60 96 30  60  96 3x 4 y 5z
3x  4 y  5z (1)     0,25 45 80 120 45  80  120 x  y  x  y   2 3 4z 3 4 5z 2x 3x : = : 0,25
30  60  96 45  80  120 30 45
x  y  z x  y   2 3 4 245 2 3 4z 186 .  1  M   0,25 186
3x  4 y  5z
3x  4 y  5z 245
Bài 2: (2,0 điểm) Thực hiện tính:
2S = 22011  22010  22009...  22  2 0,25
2S-S = 22011  22010  22010.  22009  22009..  22  22  2  2 1 0,25 S = 22011  2 . 2 2010  1 0,25
S  22011  22011 1  1 0,25 1 3 . 2 1 4 . 3 1 5 . 4 1 17 . 16 P = 1 .  .   ... 0,25 2 2 3 2 4 2 16 2 2 3 4 5 17   .    ... 0,25 2 2 2 2 2 1 
1 2  3...17  1 0,25 2 1 17 18 .    1  76 0,25 2  2 
Bài 3: (2,0 điểm) 1 2 3 4 5 30 31 x . . . . ... .  2 0,25 2 . 2 3 . 2 4 . 2 5 . 2 6 . 2 31 . 2 26 31 . 30 ... 4 . 3 . 2 . 1 x  2 0,25 2 . 31 . 30 ... 4 . 3 . 2 . 1 30 2 . 6 1 x  2 0,25 236 x  36  0,25 Trang 21 4.45 6.65 x .  2 0,25 3.35 2.25 46 66 x .  2 0,25 36 26 6 6  6   4  x   .   2 0,25  3   2 
212  2x  x  12 0,25 Bài 4: (4,0 điểm) Câu a: 0,75 điểm Hình vẽ: BEH cân tại B nên E = H 0,25 1 0,25 ABC = E + H1 = 2 E A 0,25 ABC = 2 C  BEH = ACB 1
Câu b: 1,25 điểm D
Chứng tỏ được DHC cân tại D nên 0,50 DC = DH. DAH có: 2 0,25 B DAH = 900 - C 1 C H B’ 0,25 DHA = 900 - H E 2 =900 - C
 DAH cân tại D nên DA = DH. 0,25 Câu c: 1,0 điểm
ABB’ cân tại A nên B’ = B = 2C 0,25 B’ = A 0,50 1 + C nên 2C = A1 + C  0,25
C = A1 AB’C cân tại B’ Câu d: 1,0 điểm AB = AB’ = CB’ 0,25 BE = BH = B’H 0,25 Có: AE = AB + BE HC = CB’ + B’H 0,50  AE = HC
UBND HUYỆN TIÊN YÊN
KỲ THI CHỌN HỌC SINH GIỎI CẤP
PHÒNG GIÁO DỤC VÀ ĐÀO TẠO
HUYỆN CÁC KHỐI LỚP 6-7-8 -------------------- NĂM HỌC 2011-2012 Trang 22 MÔN: TOÁN 7 Ngày thi: 18/04/2012
Thời gian làm bài: 120 phút
(Không kể thời gian giao đề)
Câu 1: Thực hiện phép tính 5  1 5  5  1 2  a. :     :    9 11 22  9 15 3   69      2   1 1 3  4  5  1 1 b.    157   15 9 20 9 . 5 4 9 .  4.3 .8 c. 9 19 29 6 5 2 . .6  7 2 . 27 . Câu 2: a c a, Cho tỉ lệ thức
 . Chứng minh rằng : (a+2c)(b+d) = (a+c)(b+2d) b d
b. Tìm hai số nguyên biết: Tổng, hiệu (số lớn trừ số bé), thương (số lớn chia số bé) của
hai số đó cộng lại bằng 38. Câu 3: Tìm x biết: 1 1 1 3 7 a)  x   b)  2x 1  2 5 3 4 8 Câu 4:
Cho tam giác ABC với M trung điểm BC. Trên nửa nặt phẳng bờ AB không chứa
C vẽ tia Ax vuông góc AB và lấy D sao cho AD = AB. Trên nửa mặt phẳng bờ AC
không chứa B vẽ Ay vuông góc AC và lấy AE = AC. Chứng minh: 1 a, AM = ED 2 b, AM  DE ===== Hết ===== HƯỚNG DẪN CHẤM MÔN: TOÁN 7 Ngày thi: 18/04/2012 Câu Hướng dẫn chấm điểm 1 5  1 5  5  1 2  1 a. :   :   5     9  11 22  9  15 3  Trang 23  69    1   1 b.
 2  345   1 1 1 1    157   157 15 9 20 9 1 5.4 .9  4.3 .8 c.  2 9 19 29 6 5.2 .6  7.2 .27 2
a, Cho tỉ lệ thức a c
 . Chứng minh rằng : (a+2c)(b+d) = (a+c)(b+2d) 1 b d a c Ta có:  => a.d = b.c b d
Xét: (a+2c)(b+d) = ab+ad+2bc+2cd =ab+3bc+2cd
Và (a+c)(b+2d) = ab+2ad+bc+2cd = ab+3bc+2cd
Vậy: (a+2c)(b+d) = (a+c)(b+2d).
b. Tìm hai số nguyên biết : Tổng, hiệu (số lớn trừ số bé), thương (số lớn
chia số bé) của hai số đó cộng lại bằng 38.
Gọi hai số càn tìm là a và b ( a,b thuộc Z và b khác 0)
Giả sử a > b, khi đó có: (a+b) + (a-b) + a:b = 38 2 => 2a + a: b = 38 => 2ab + a = 38b
=> a = 38 b : (2b + 1) = (38b +19 -19) : (2b +1) = 19- (19/(2b+1))
Để a thuộc Z thì 2b + 1 phải là ước của 19.
=> 2b+1 = 1 => b = 0 (loại)
2b+1 = - 1 => b = -1 => a = -38 (loại)
2b+1 = 19 => b = 9 => a = 18
2b+1 = - 19 => b = -10 => a = 20
Vậy có 2 cặp số thỏa mãn: (18:9) và (20; -10) 3 1 1 1 0.5 a)  x   2 5 3 x = -11/30 và x = -1/30 3 7 b)  2x 1  0.5 4 8
Không có giá trị của x thỏa mãn. 4
a, Để chứng tỏ DE = 2AM tạo ra đoạn thẳng gấp đôi 2
AM bằng cách trên tia đối MA lấy MK = MA và đi chứng minh DE = AK Xét A  BK & D
 AE : AD  AB(gt); AE  BK( AC) E Và 0 0
DAE  BAC  180 (DAB  EAC  180 ) D A Trang 24 B M C K
ABC  CBK  ABC  ACB (2) 0 
ABK  BAC  180
ABK  DAE  A  BK  D  AE Vậy: DE
 AK  DE  AM  2 1
b, Gọi H là giao điểm AM&DE ; Ta có 0 0 0 ˆ ˆ ˆ ˆ ˆ K A B  H A D  90  D  H A D  90  H D A  90
Phßng Gi¸o dôc- §µo t¹o
®Ò thi chän häc sinh giái cÊp huyÖn TRùC NINH n¨m häc: 2008 - 2009 ***** m«n: To¸n 7 ®Ò chÝnh thøc
(Thêi gian:120 phót, kh«ng kÓ thêi gian giao ®Ò)
§Ò thi nµy gåm 01 trang
Bµi 1: (3,5 ®iÓm) Thùc hiÖn phÐp tÝnh:  3  4  7  4  7  7 a)  :   :      7 11 11  7 11  11 1 1 1 1 1 b)   ...  99.97 97.95 95.93 5.3 3.1
Bµi 2: (3,5 ®iÓm) T×m x; y; z biÕt:
a) 2009 – x  2009 = x 2008 2008  2  b) 2x   1  y 
 x  y  z  0    5 
Bµi 3: (3 ®iÓm) 3a  2b 2c  5a 5b  3c T×m 3 sè a; b; c biÕt:   vµ a + b + c = – 50 5 3 2
Bµi 4: (7 ®iÓm)
Cho tam gi¸c ABC c©n (AB = AC ; gãc A tï). Trªn c¹nh BC lÊy ®iÓm D, trªn tia ®èi cña CB lÊy
®iÓm E sao cho BD = CE. Trªn tia ®èi cña CA lÊy ®iÓm I sao cho CI = CA.
C©u 1: Chøng minh: a) A  BD  I  CE b) AB + AC < AD + AE
C©u 2: Tõ D vµ E kÎ c¸c ®-êng th¼ng cïng vu«ng gãc víi BC c¾t AB; AI theo thø tù t¹i M; N. Chøng minh BM = CN.
C©u 3: Chøng minh r»ng chu vi tam gi¸c ABC nhá h¬n chu vi tam gi¸c AMN. Trang 25 Bµi 5 (3 ®iÓm):
T×m c¸c sè tù nhiªn a; b sao cho (2008.a + 3.b + 1).(2008a + 2008.a + b) = 225
§¸p ¸n §Ò thi HSG m«n To¸n 7-TRùC NINH Bµi 1: 3 ®iÓm
C©u a: 1 ®iÓm (kÕt qu¶ = 0). C©u b: 2 ®iÓm 1 1 1 1 1   ...  99.97 97.95 95.93 5.3 3.1 1  1 1 1 1       ...   99.97 1.3 3.5 5.7 95.97  1 1  1 1 1 1 1 1 1    1      ...    99.97 2  3 3 5 5 7 95 97  1 1  1    1   99.97 2  97  1 48   99.97 97 4751   99.97 Bµi 2: 3,5 ®iÓm C©u a: 2 ®iÓm
- NÕu x  2009  2009 – x + 2009 = x  2.2009 = 2x  x = 2009
- NÕu x < 2009  2009 – 2009 + x = x  0 = 0
VËy víi  x < 2009 ®Òu tho¶ m·n.
- KÕt luËn : víi x  2009 th× 2009  x  2009  x HoÆc c¸ch 2:
2009  x  2009  x
 2009  x  x  2009 
x  2009    x  2009  x  2009 C©u b: 1,5 ®iÓm Trang 26 1 2 9 x  ; y  ; z  2 5 10 Bµi 3: 2,5 ®iÓm 3a  2b 2c  5a 5b  3c   5 3 2 15a 10b 6c 15a 10b  6c    25 9 4
¸p dông tÝnh chÊt d·y tØ sè b»ng nhau cã: 15a 10b 6c 15a 10b  6c
15a 10b  6c 15a 10b  6c     0 25 9 4 38 a b  2 3 15
 a 10b  0 3  a  2b    a c
 6c 15a  0  2c  5a    2 5    10b  6c  0 5b  3c   c b  5 3 a b c   VËy 2 3 5 a  10    b   15 
¸p dông tÝnh chÊt d·y tØ sè b»ng nhau  c  25   Bµi 4: 7 ®iÓm A M O B C E D N I
C©u 1: mçi c©u cho 1,5 ®iÓm
ABD  ICE cgc C©u a: Chøng minh
C©u b: cã AB + AC = AI Trang 27 V×
ABD  ICE  AD  EI (2 c¹nh t-¬ng øng)
¸p dông bÊt ®¼ng thøc tam gi¸c trong AEI cã:
AE + EI > AI hay AE + AD > AB + AC C©u 2: 1,5 ®iÓm Chøng minh vBDM = vCEN (gcg)  BM = CN C©u 3: 2,5 ®iÓm
V× BM = CN  AB + AC = AM + AN (1) cã BD = CE (gt)  BC = DE
Gäi giao ®iÓm cña MN víi BC lµ O ta cã: MO  OD
  MO  NO  OD  OE NO  OE   MN  DE
 MN  BC 2 Tõ (1) vµ (2)  chu vi
ABC nhá h¬n chu vi AMN Bµi 5: 2 ®iÓm
Theo ®Ò bµi  2008a + 3b + 1 vµ 2008a + 2008a + b lµ 2 sè lÎ.
NÕu a  0  2008a + 2008a lµ sè ch½n
®Ó 2008a + 2008a + b lÎ  b lÎ
NÕu b lÎ  3b + 1 ch½n do ®ã
2008a + 3b + 1 ch½n (kh«ng tho¶ m·n) VËy a = 0
Víi a = 0  (3b + 1)(b + 1) = 225
V× b  N  (3b + 1)(b + 1) = 3.75 = 5. 45 = 9.25
3b + 1 kh«ng chia hÕt cho 3 vµ 3b + 1 > b + 1 3  b 1  25    b  8 b  1  9 VËy a = 0 ; b = 8.
PHÒNG GIÁO DỤC VÀ ĐÀO TẠO
ĐỀ THI HỌC SINH GIỎI CẤP HUYỆN VIỆT YÊN NĂM HỌC 2012-2013 MÔN THI: TOÁN 7 ĐỀ CHÍNH THỨC
Thời gian làm bài:120 phút
Câu 1. (4,0 điểm)  2 2 1 1  0, 4    0,25    2012 1) M = 9 11 3 5    : 7 7 1 2013  1,4   1  0,875  0, 7   9 11 6  Trang 28 2) Tìm x, biết: 2 x  x 1 2  x  2 .
Câu 2. (5,0 điểm)
a  b  c
b  c  a
c  a  b
1) Cho a, b, c là ba số thực khác 0, thoả mãn điều kiện:   . c a b
Hãy tính giá trị của biểu thức  b   a   c  B  1    1   1 .  a   c   b 
2) Ba lớp 7A, 7B, 7C cùng mua một số gói tăm từ thiện, lúc đầu số gói tăm dự định
chia cho ba lớp tỉ lệ với 5:6:7 nhưng sau đó chia theo tỉ lệ 4:5:6 nên có một lớp nhận
nhiều hơn dự định 4 gói. Tính tổng số gói tăm mà ba lớp đã mua.
Câu 3. (4,0 điểm)
1) Tìm giá trị nhỏ nhất của biểu thức A = 2x  2  2x  2013 với x là số nguyên.
2) Tìm nghiệm nguyên dương của phương trình x  y  z  xyz .
Câu 4. (6,0 điểm)
Cho xAy =600 có tia phân giác Az . Từ điểm B trên Ax kẻ BH vuông góc với Ay tại H,
kẻ BK vuông góc với Az và Bt song song với Ay, Bt cắt Az tại C. Từ C kẻ CM
vuông góc với Ay tại M . Chứng minh :
a ) K là trung điểm của AC.
b )  KMC là tam giác đều.
c) Cho BK = 2cm. Tính các cạnh  AKM.
Câu 5. (1,0 điểm) Cho ba số dương 0  a b c
a  b  c  1 chứng minh rằng:    2 bc 1 ac 1 ab 1
--------------Hết----------------
Cán bộ coi thi không giải thích gì thêm.
Họ và tên thí sinh: .................................................................Số báo danh:.......................
PHÒNG GIÁO DỤC VÀ ĐÀO TẠO
HD CHẤM THI HỌC SINH GIỎI CẤP HUYỆN VIỆT YÊN NĂM HỌC 2012-2013 MÔN THI: TOÁN 7
Thời gian làm bài:120 phút Câu Nội dung Điểm Trang 29  2 2 1 1  0, 4    0,25    2012 1) Ta có: 9 11 3 5 M     : 7 7 1 2013  1, 4   1  0,875  0, 7   9 11 6  0.5đ  2 2 2 1 1 1        2012 5 9 11 3 4 5     : 7 7 7 7 7 7 2013        5 9 11 6 8 10    1 1 1   1 1 1   2           Câu 1  5 9 11  3 4 5  2012     : 0.5đ (4 điểm)
  1 1 1  7  1 1 1   2013 7          
  5 9 11 2  3 4 5    2 2  2012 0.5đ   :  0    7 7  2013 KL:…….. 0.5đ 2) vì 2
x  x 1  0 nên (1) => 2 2
x  x 1  x  2 hay x 1  2 0.5đ +) Nếu x  0.5đ
1 thì (*) = > x -1 = 2 => x = 3
+) Nếu x <1 thì (*) = > x 0.5đ -1 = -2 => x = -1 0.5đ KL:…………. 1) +Nếu a+b+c  0 0.25đ
Theo tính chất dãy tỉ số bằng nhau ,ta có: 0.25đ
a  b  c
b  c  a
c  a  b  
        0.25đ
= a b c b c a c a b = 1 c a b
a  b  c       0.25đ mà a b c b c a c a b  1  1 1 = 2 c a b    => a b b c c a   =2 c a b        Vậy B = b a c b a c a b c 1 1 1  ( )( )( )     =8  a   c   b  a c b Câu 2 +Nếu a+b+c = 0 (5 điểm
) Theo tính chất dãy tỉ số bằng nhau ,ta có: 0.25đ
a  b  c
b  c  a
c  a  b  
        0.25đ
= a b c b c a c a b = 0 c a b
a  b  c 0.25đ       mà a b c b c a c a b  1  1 1 = 1 c a b 0.25đ    => a b b c c a   =1 c a b        Vậy B = b a c b a c a b c 1 1 1  ( )( )( )     =1  a   c   b  a c b
2) Gọi tổng số gói tăm 3 lớp cùng mua là x ( x là số tự nhiên khác 0)
Số gói tăm dự định chia chia cho 3 lớp 7A, 7B, 7C lúc đầu lần lượt là: a, 0,5 đ Trang 30 b, c a b c
a  b  c x 5x 6x x 7x Ta có:      a  ;b   ;c  (1) 0,5đ 5 6 7 18 18 18 18 3 18
Số gói tăm sau đó chia cho 3 lớp lần lượt là a’, b’, c’, ta có: 0,25đ , , , , , , a b c
a  b  c x 4x 5x x 6x , , ,      a  ;b   ;c  (2) 4 5 6 15 15 15 15 3 15 0,5đ
So sánh (1) và (2) ta có: a > a’; b=b’; c < c’ nên lớp 7C nhận nhiều hơn lúc đầu 0,5đ Vây: c’ – 6x 7x x c = 4 hay   4   4  x  360 15 18 90 0,5đ
Vậy số gói tăm 3 lớp đã mua là 360 gói. 0,25đ
1) Ta có: A  2x  2  2x  2013  2x  2  2013  2x 0,5đ
 2x  2  2013  2x  2011 0,5đ Dấu “=” xảy ra khi 2013 0,5đ
(2x  2)(2013  2x)  0  1  x  2 KL:…….. 0,5đ
2) Vì x,y,z nguyên dương nên ta giả sử 1  x  y  z Câu 3 1 1 1 1 1 1 3 0,25đ Theo bài ra 1 = + +  + + = (4 điểm 0,5đ ) yz yx zx 2 x 2 x 2 x 2 x => x 2  3 => x = 1 Thay vào đầu bài ta có
1 y  z  yz => y – yz + 1 + z = 0
=> y(1-z) - ( 1- z) + 2 =0 => (y-1) (z - 1) = 2 0,5đ
TH1: y -1 = 1 => y =2 và z -1 = 2 => z =3 0,25đ
TH2: y -1 = 2 => y =3 và z -1 = 1 => z =2 0,25đ
Vậy có hai cặp nghiệp nguyên thỏa mãn (1,2,3); (1,3,2) 0,25đ V ẽ h ình , GT _ KL 0,25đ Câu 4 (6 điểm )
a,  ABC cân tại B do CAB  ACB( MAC) và BK là đường cao  BK là 1đ đường trung tuyến 1đ
 K là trung điểm của AC
b,  ABH =  BAK ( cạnh huyền + góc nhọn ) 0,5đ Trang 31 1 0,25đ
 BH = AK ( hai cạnh t. ư ) mà AK = AC 2 1  BH = AC 0,25đ 2
Ta có : BH = CM ( t/c cặp đoạn chắn ) mà CK = BH = 1 AC  CM = CK 0,25đ 2
  MKC là tam giác cân ( 1 ) 0,5đ
Mặt khác : MCB = 900 và ACB = 300  MCK = 600 (2) 0,25đ Từ (1) và (2)   MKC là tam giác đều 0,25đ
c) Vì  ABK vuông tại K mà góc KAB = 300 => AB = 2BK =2.2 = 4cm
Vì  ABK vuông tại K nên theo Pitago ta có: 0,25đ AK = 2 2
AB  BK  16  4  12 1 0,25đ Mà KC = AC => KC = AK = 12 2
 KCM đều => KC = KM = 12 0,25đ Theo phần b) AB = BC = 4 0,5đ AH = BK = 2
HM = BC ( HBCM là hình chữ nhật) => AM = AH + HM = 6 0,25đ Câu 5
Vì 0  a  b  c  1 nên: (1 điểm) 1 1 c c
(a 1)(b 1)  0  ab 1  a  b     (1) ab 1 a  b ab 1 a  b Tương tự: a a  b b (2) ;  (3) 0,25đ bc 1 b  c ac 1 a  c Do đó: a b c a b c      (4) 0,25đ bc 1 ac 1 ab 1 b  c a  c a  b a b c 2a 2b 2c
2(a  b  c) Mà        2 (5) 0,25đ b  c a  c a  b
a  b  c
a  b  c
a  b  c
a  b  c Từ (4) a b c và (5) suy ra:    2 (đpcm) bc 1 ac 1 ab 1 0,25đ
Lưu ý: - Các tổ cần nghiên cứu kỹ hướng dẫn trước khi chấm.
- Học sinh làm bài các cách khác nhau mà đúng thì vẫn cho điểm tối đa.
- Bài hình không có hình vẽ thì không chấm.
- Tổng điểm của bài cho điểm lẻ đến 0,25đ ( ví dụ : 13,25đ , 14,5đ, 26,75đ).
PHÒNG GD & ĐT CHƯƠNG MỸ
ĐỀ THI GIAO LƯU HỌC SINH GIỎI
NĂM HỌC: 2014 - 2015
Môn thi: TOÁN 7 ĐỀ CHÍNH THỨC
Thời gian: 120 phút (Không kể thời gian giao đề)
(Đề gồm 1 trang) Trang 32 Câu 1. 3 3 0,375  0,3   a. Thực hiện phép tính: 1,5  1 0,75 11 12  5 5 5 0  ,265  0,5   2,5  1,25 11 12 3
b. So sánh: 50  26 1 và 168 . Câu 2.
a. Tìm x biết: x  2  3  2x  2x 1 b. Tìm ;
x y  Z biết: xy  2x  y  5
c. Tìm x; y; z biết: 2x = 3y; 4y = 5z và 4x - 3y + 5z = 7 Câu 3.
a. Tìm đa thức bậc hai biết f(x) - f(x-1) = x.
Từ đó áp dụng tính tổng S = 1+2+3+ ....+ n. 2bz  3cy 3cx  az ay  2bx x y z b. Cho   Chứng minh:   . a 2b 3c a 2b 3c Câu 4. Cho tam giác ABC ( 90o BAC 
), đường cao AH. Gọi E; F lần lượt là điểm đối
xứng của H qua AB; AC, đường thẳng EF cắt AB; AC lần lượt tại M và N. Chứng minh rằng: a. AE = AF;
b. HA là phân giác của MHN ; c. CM // EH; BN // FH. Hết./.
Họ và tên: ...................................................Số báo danh:................................
PHÒNG GD & ĐT CHƯƠNG MỸ
ĐÁP ÁN THI GIAO LƯU HỌC SINH GIỎI. NĂM HỌC: 2012 - 2013
Môn thi: TOÁN 7 Trang 33 Câu Ý Nội dung Điểm a. 0,5 3 3 3 3 3 3 3 0.25 điểm      A = 8 10 11 12  2 3 4  53  5  5  5 5  5  5 100 10 11 12 2 3 4  1 1 1 1   1 1 1  165 132  120           110 3 3  8 10 11 12   2 3 4  3( )   1320  3 53  1 1 1   1 1 1  53 66 60 55 Câu 1  5    5    5     5( ) 1,5 100  10 11 12   2 3 4  100 660 0.25 A= điểm 263 263 3. 3. 3 3 3945 3         1881 1320 1320 53 49 5 17491225 5   5948 5 29740 5. 100 660 3300 b. 1
Ta có: 50 > 49 = 4; 26 > 25 = 5 0.5 điểm Vậy: 0,5
50  26 1  7  5 1  13  169  168 a. 1
Nếu x >2 ta có: x - 2 + 2x - 3 = 2x + 1  x = 6 0.25 điểm 0.25
Nếu 3  x  2 ta có: 2 - x + 2x - 3 = 2x + 1  x = - 2 loại 2 0.25 Nếu x< 3 4
ta có: 2 - x + 3 - 2x = 2x + 1  x = 2 5 0.25 Vậy: x = 6 ; x = 4 5 b. 1.5
Ta có: xy + 2x - y = 5  x(y+2) - (y+2) = 3 0. 5 điểm
 (y+2)(x-1) = 3.1 =1.3 = (-1).(-3) = (-3).(-1) 0. 5 Câu 2 4 điểm y + 2 3 1 -1 -3 0.5 x - 1 1 3 -3 -1 X 2 4 -2 0 Y 1 -1 -3 -5
c. 1.5 Từ: 2x= 3y; 4y = 5z  8x = 12y = 15z 0. 5 điểm    x y z 4x 3y 5z      4x 3y 5z 7 =  12 1 1 1 1 1 1 1 1 1 7 0.5   8 12 15 2 4 3 2 4 3 12 0. 5  1 3 1 1 4 x = 12. = ; y = 12. = 1; z = 12.  8 2 12 15 5
a. 0.5 Đa thức bậc hai cần tìm có dạng:   2
f x  ax  bx  c (a  0). điểm
Ta có : f  x    a  x  2 1
1  b  x   1  c . Câu 3 0.25    1 a  1.5 2a 1  2
f  x  f  x  
1  2ax  a  b  x     điểm b   a  0 1 b   2
Vậy đa thức cần tìm là: f x 1 1 2
 x  x  c (c là hằng số tùy ý). 2 2 Trang 34 Áp dụng:
+ Với x = 1 ta có : 1 f   1  f 0. 0.25
+ Với x = 2 ta có : 1 f 2  f   1 .
………………………………….
+ Với x = n ta có : n  f n  f n   1 . 2 n n n n    S = 1+2+3+…+n = 1
f n  f 0 =
  c  c  . 2 2 2 b. 1 2bz  3cy 3cx  az ay  2bx điểm    a 2b 3c 2abz  3acy 6bcx  2abz 3acy  6bcx 0.5   2 2 2 a 4b 9c
2abz  3acy  6bcx  2abz  3acy  6bcx   0 2 2 2
a  4b  9c 0.25  z y 2bz - 3cy = 0   (1) 3c 2b 0.25  x z x y z 3cx - az = 0  
(2); Từ (1) và (2) suy ra:   a 3c a 2b 3c Câu 4 Hình 0.25 3 điểm F vẽ 0. 5 đ A N M E B C H a. 1
Vì AB là trung trực của EH nên ta có: AE = AH (1) 0.25
điểm Vì AC là trung trực của HF nên ta có: AH = AF (2) 0.25
Từ (1) và (2) suy ra: AE = AF 0. 5 b. 1  Vì M
AB nên MB là phân giác EMH  MB là phân giác 0.25
điểm ngoài góc M của tam giác MNH  0.25 Vì N
AC nên NC là phân giác FNH  NC là phân giác ngoài góc N của tam giác MNH 0.25
Do MB; NC cắt nhau tại A nên HA là phân giác trong góc H của 0.25
tam giác HMN hay HA là phân giác của MHN . Trang 35 c. 1
Ta có AH  BC (gt) mà HM là phân giác MHN  HB là phân 0.25
điểm giác ngoài góc H của tam giác HMN
MB là phân giác ngoài góc M của tam giác HMN (cmt)  0.25 NB là
phân giác trong góc N của tam giác HMN 0.25
 BN  AC ( Hai đường phân giác của hai góc kề bù thì vuông
góc với nhau).  BN // HF ( cùng vuông góc với AC)
Chứng minh tương tự ta có: EH // CM UBND HUYỆN CHÂU THÀNH
KỲ THI HỌC SINH GIỎI CẤP HUYỆN
PHÒNG GD ĐT CHÂU THÀNH
LỚP 7 THCS - Năm học 2010 – 2011 MÔN : TOÁN
ĐỀ THI CHÍNH THỨC
Thời gian 150 phút (không kể thời gian giao đề)
(đề thi gồm 1 trang) .
Câu 1: (2.0 điểm) Thực hiện tính: 11 5 13 36 2  2  2  2  A =    5 , 0  B = 7 .   2 .  24 41 24 41 7  5  7  5 
Câu 2: (2.0 điểm)
a. Tìm x, y biết: 4  x 4 = và x + y = 22 7  y 7 x y y z
2x  3y  4z b. Cho  và  . Tính M = 3 4 5 6
3x  4 y  5z
Câu 3: (2.0 điểm) Thực hiện tính:
a. S = 22010  22009  22008...  2 1 1 1 1 1 b. P = 1  1 (  ) 2  1 (  2  ) 3  1 (  2  3  ) 4  ...  1 (  2  3  ...  ) 16 2 3 4 16 1
Câu 4: (1.0 điểm) Vẽ đồ thị hàm số y  x . 2 Trang 36
Câu 5: (3.0 điểm) Cho tam giác ABC có A = 900, B = A
500. Đường thẳng AH vuông góc với BC tại H. Gọi d là
đường thẳng vuông góc với BC tại B. Trên đường thẳng
d thuộc nửa mặt phẳng bờ BC không chứa điểm A lấy B H C
điểm D sao cho BD = HA (Hình vẽ bên).
a. Chứng minh  ABH =  DHB. D b. Tính số đo góc BDH.
c. Chứng minh đường thẳng DH vuông góc với đường thẳng AC.
_____________________ Hết _____________________
Họ và tên thí sinh: ……………………………………………... Số báo danh ………….
Chữ ký giám thị 1: ………………………..…. Giám thị 2 ……………………………… ĐÁP ÁN-CHÂU THÀNH
Câu 1: (Mỗi bước cho 0,25 điểm) 11 13 5 36 2  2 2  A =     5 , 0 B   7  2  24 24 41 41 5  7 7  24 41    5 , 0 2  2 2 
  7   2   24 41 5  7 7  = 1 - 1 + 0,5 2 = 0,5
  5 5 = - 2 Câu 2:
a)  28  7x = 28  4 y 0,25 đ  x y x    y 0,25 đ 4 7 4  7  x 22  y   2  x  ; 8 y  14 0,25 đ 4 7 11 x y x y y z y z x y z b)    ;       (1) 0,25 đ 3 4 15 20 5 6 20 24 15 20 24 2x 3y 4z
2x  3y  4z (1)     0,25 đ 30 60 96 30  60  96 3x 4 y 5z
3x  4 y  5z (1)     0,25 đ 45 80 120 45  80  120 Trang 37
 2x  3y  4z 3x  4y  5z 2x 3x : = : 0,25 đ
30  60  96 45  80  120 30 45
 2x  3y  4z 245
2x  3y  4z 186 .  1  M   0,25 đ 186
3x  4 y  5z
3x  4 y  5z 245 Câu 3: a) 2011 2010 2009 2 2S = 2  2  2 ... 2  2 0,25 đ 2011 2010 2010 2009 2009 2 2 2S-S = 2  2  2 . 2
 2 .. 2  2  2  2 1 0,25 đ S = 22011  2 . 2 2010  1 0,25 đ
S  22011  22011 1  1 0,25 đ b) 1 3 . 2 1 4 . 3 1 5 . 4 1 17 . 16 P = 1 .  .   ... 0,25 đ 2 2 3 2 4 2 16 2 2 3 4 5 17   .    ... 0,25 đ 2 2 2 2 2 1
 1 2  3  ...17   1 0,25 đ 2 1 17 18 .    1  76 0,25 đ 2  2 
Câu 4: (Mỗi bước cho 0,25 điểm)
- Vẽ hệ trục toạ độ 1
- Xác định toạ độ một điểm A  O thuộc đồ thị hàm số y  x 2 - Biểu diễn điểm A. 1
- Vẽ đồ thị hàm số y 
x (Đường thẳng OA) 2
Câu 5: (Mỗi bước cho 0,25 điểm) A
a. Xét  ABH và  DHB có:
B  H (= 900) HB chung BD = HA
  ABH =  DHB (c-g-c) B H C
b. Xét  ABH có B = 500 và H = 900
 BAH = 180 - ( B  H ) = 400. Từ  ABH =  DHB có: D BAH  BDH  BDH = 400.
c. Từ  ABH =  DHB có: Trang 38 ABH  DHB  AB song song với DH. AB  AC  DH  AC Trang 39