75 bài tập tọa độ phẳng có lời giải – phần tam giác – Trần Sĩ Tùng

Tài liệu gồm 22 trang với 75 bài toán thuộc chuyên đề hình học tọa độ trong mặt phẳng – phần tam giác, các bài toán được phân tích giải chi tiết.

Tài liệu do thầy Trần Sĩ Tùng biên soạn.

Môn:

Toán 10 2.8 K tài liệu

Thông tin:
22 trang 9 tháng trước
Tác giả:
Student
Mai Nguyệt
docx.com.vn

Bình luận

Vui lòng đăng nhập hoặc đăng ký để gửi bình luận.

75 bài tập tọa độ phẳng có lời giải – phần tam giác – Trần Sĩ Tùng

Tài liệu gồm 22 trang với 75 bài toán thuộc chuyên đề hình học tọa độ trong mặt phẳng – phần tam giác, các bài toán được phân tích giải chi tiết.

Tài liệu do thầy Trần Sĩ Tùng biên soạn.

92 46 lượt tải Tải xuống

Chủ đề: Chương 7: Phương pháp tọa độ trong mặt phẳng (KNTT) 78 tài liệu

Môn: Toán 10 2.8 K tài liệu

Thông tin:

22 trang 9 tháng trước

Tác giả:

Profile Mai Nguyệt
Trần Sĩ Tùng PP toạ độ trong mặt phẳng
Trang 27
TĐP 04: TAM GIÁC
Câu 1. Trong mặt phẳng với hệ toạ độ Oxy, cho ABC biết: B(2; –1), đường cao qua A có phương
trình d
1
:
xy3 –4 27 0
, phân giác trong góc C có phương trình d
2
:
xy2 –5 0
. Tìm toạ
độ điểm A.
Phương trình BC:
xy21
34

Toạ độ điểm
C( 1;3)
+ Gọi B’ là điểm đối xứng của B qua d
2
, I là giao điểm của BB’ và d
2
.
phương trình BB’:
xy21
12

xy2 5 0
+ Toạ độ điểm I là nghiệm của hệ:
x y x
I
x y y
2 5 0 3
(3;1)
2 5 0 1




+ Vì I là trung điểm BB’ nên:
+ Đường AC qua C và B’ nên có phương trình: y –3 =0.
+ Toạ độ điểm A là nghiệm của hệ:
yx
A
x y y
3 0 5
( 5;3)
3 4 27 0 3



Câu 2. Trong mặt phẳng với hệ toạ độ Oxy, cho tam giác ABC có đường cao AH, trung tuyến CM
và phân giác trong BD. Biết
HM
17
( 4;1), ;12
5



và BD có phương trình
xy50
. Tìm
tọa độ đỉnh A của tam giác ABC.
Đường thẳng
qua H và vuông góc với BD có PT:
xy50
.
BD I I(0;5)
Giả sử
AB H '
.
BHH '
cân tại B
I là trung điểm của
HH H' '(4;9)
.
Phương trình AB:
xy5 29 0
. B = AB
BD
B(6; 1)
A
4
;25
5



Câu 3. Trong mặt phẳng với hệ toạ độ Oxy, cho tam giác ABC có đỉnh C(4; 3). Biết phương trình
đường phân giác trong (AD):
xy2 5 0
, đường trung tuyến (AM):
xy4 13 10 0
.
Tìm toạ độ đỉnh B.
Ta có A = AD
AM
A(9; –2). Gọi C
là điểm đối xứng của C qua AD
C
AB.
Ta tìm được: C
(2; –1). Suy ra phương trình (AB):
xy92
2 9 1 2

xy7 5 0
.
Viết phương trình đường thẳng Cx // AB
(Cx):
xy7 25 0
Câu 4. Trong mặt phẳng với hệ toạ độ Oxy, cho tam giác ABC có diện tích bằng
3
2
, A(2;–3),
B(3;–2). Tìm toạ độ điểm C, biết điểm C nằm trên đường thẳng (d):
xy3 – –4 0
.
PTTS của d:
xt
yt43
. Giả sử C(t; –4 + 3t)
d.
S AB AC A AB AC AB AC
2
22
11
. .sin . .
22
=
3
2
tt
2
4 4 1 3
t
t
2
1

C(–2; –10) hoặc C(1;–1).
PP toạ độ trong mặt phẳng Trần Sĩ Tùng
Trang 28
Câu 5. Trong mặt phẳng Oxy, cho tam giác ABC biết A(2; –3), B(3; –2), có diện tích bằng
3
2
và
trọng tâm G thuộc đường thẳng
:
xy3 – –8 0
. Tìm tọa độ đỉnh C.
Ta có: AB =
2
, trung điểm
M
55
;
22



. Phương trình AB:
xy50
.
ABC
S AB d C AB d C AB
1 3 3
. ( , ) ( , )
22
2
.
Gọi
G t t( ;3 8)

d G AB
1
( , )
2
tt(3 8) 5 1
22
t
t
1
2
Với
t 1
G(1; –5)
C(–2; –10)
Với
t 2
G(2; –2)
C(1; –1)
Câu hỏi tương tự:
a) Với
AB(2; 1), (1; 2)
,
ABC
S
27
2
,
G x y: 2 0
. ĐS:
C(18; 12)
hoặc
C( 9;15)
Câu 6. Trong mặt phẳng với hệ toạ độ
Oxy
, cho đường thẳng
d x y: 2 3 0
và hai điểm
A( 1;2)
,
B(2;1)
. Tìm toạ độ điểm
C
thuộc đường thẳng
d
sao cho diện tích tam giác
ABC
bằng 2.
AB 10
,
C a a( 2 3; )
d. Phương trình đường thẳng
AB x y: 3 5 0
.
ABC
S 2
AB d C AB
1
. ( , ) 2
2

a 2
1
10. 2
2
10

a
a
6
2

Với
a 6
ta có
C( 9;6)
Với
a 2
ta có
C(7; 2)
.
Câu hỏi tương tự:
a) Với
d x y: 2 1 0
, A(1; 0), B(3; 1) ,
ABC
S 6
. ĐS:
C(7;3)
hoặc
C( 5; 3)
.
Câu 7. Trong mặt phẳng với hệ toạ độ Oxy, cho tam giác ABC có A(2; –3), B(3; –2), diện tích tam
giác bằng 1,5 và trọng tâm I nằm trên đường thẳng d:
xy3 8 0
. Tìm toạ độ điểm C.
Vẽ CH
AB, IK
AB. AB =
2
CH =
ABC
S
AB
2
3
2
IK =
CH
11
3
2
.
Giả sử I(a; 3a – 8)
d. Phương trình AB:
xy50
.
d I AB IK( , )
a3 2 1
a
a
2
1
I(2; –2) hoặc I(1; –5).
+ Với I(2; –2)
C(1; –1) + Với I(1; –5)
C(–2; –10).
Câu 8. Trong mặt phẳng với hệ toạ độ Oxy, cho tam giác ABC có
AB(1;0), (0;2)
, diện tích tam
giác bằng 2 và trung điểm I của AC nằm trên đường thẳng d:
yx
. Tìm toạ độ điểm C.
Phương trình
AB x y:2 2 0
. Giả sử
I t t d( ; )
C t t(2 1;2 )
.
Theo giả thiết:
ABC
S AB d C AB
1
. ( , ) 2
2

t6 4 4
tt
4
0;
3

.
+ Với
t 0
C( 1;0)
+ Với
t
4
3
C
58
;
33



.
Câu 9. Trong mặt phẳng với hệ toạ độ Oxy, cho tam giác ABC có A(3; 5); B(4; –3), đường phân
giác trong vẽ từ C là
d x y: 2 8 0
. Lập phương trình đường tròn ngoại tiếp tam giác
ABC.
Trần Sĩ Tùng PP toạ độ trong mặt phẳng
Trang 29
Gọi E là điểm đối xứng của A qua d
E
BC. Tìm được
E(1;1)
PT đường thẳng BC:
xy4 3 1 0
.
C d BC
C( 2;5)
.
Phương trình đường tròn (ABC) có dạng:
x y ax by c a b c
2 2 2 2
2 2 0; 0
Ta có A, B, C
(ABC)
a b c
a b c a b c
a b c
4 10 29
1 5 99
6 10 34 ; ;
2 8 4
8 6 25
Vậy phương trình đường tròn là:
x y x y
22
5 99
0
44
.
Câu 10. Trong mặt phẳng với hệ toạ độ Oxy, cho tam giác ABC có trung điểm cạnh AB là
M( 1;2)
, tâm đường tròn ngoại tiếp tam giác là
I(2; 1)
. Đường cao của tam giác kẻ từ A có
phương trình
xy2 1 0
. Tìm toạ độ đỉnh C.
PT đường thẳng AB qua M và nhận
MI (3; 3)
làm VTPT:
AB x y( ): 3 0
.
Toạ độ điểm A là nghiệm của hệ:
xy
xy
30
2 1 0
A
45
;
33



.
M( 1;2)
là trung điểm của AB nên
B
27
;
33



.
Đường thẳng BC qua B và nhận
n (2;1)
làm VTCP nên có PT:
xt
yt
2
2
3
7
3

Giả sử
C t t BC
27
2 ; ( )
33



.
Ta có:
IB IC t t
2 2 2 2
8 10 8 10
2
3 3 3 3
t loaïi vì C B
t
0 ( )
4
5

Vậy:
C
14 47
;
15 15



.
Câu 11. Trong mặt phẳng với hệ toạ độ Oxy, cho tam giác ABC với
AB 5
, đỉnh
C( 1; 1)
,
đường thẳng AB có phương trình
xy2 3 0
, trọng tâm của ABC thuộc đường thẳng
d x y: 2 0
. Xác định toạ độ các đỉnh A, B của tam giác ABC.
Gọi
I a b( ; )
là trung điểm của AB, G là trọng tâm
ABC
CG CI
2
3
G
G
a
x
b
y
21
3
21
3
Do
Gd
nên
ab2 1 2 1
20
33

Toạ độ điểm I là nghiệm của hệ:
ab
ab
2 3 0
2 1 2 1
20
33

a
b
5
1

I(5; 1)
.
Ta có
A B AB
IA IB
, ( )
5
2

Toạ độ các điểm A, B là các nghiệm của hệ:
xy
xy
22
2 3 0
5
( 5) ( 1)
4
PP toạ độ trong mặt phẳng Trần Sĩ Tùng
Trang 30
xy
xy
1
4;
2
3
6;
2
AB
13
4; , 6;
22

hoặc
AB
31
6; , 4;
22

.
Câu 12. Trong mặt phẳng với hệ toạ độ Oxy, cho điểm
G(2;1)
và hai đường thẳng
d x y
1
: 2 7 0
,
d x y
2
: 5 8 0
. Tìm toạ độ điểm
B d C d
12
,
sao cho tam giác ABC
nhận điểm G làm trọng tâm, biết A là giao điểm của
dd
12
,
.
Toạ độ điểm A là nghiệm của hệ:
xy
xy
2 7 0
5 8 0
x
y
1
3
A(1;3)
.
Giả sử
B b b d C c c d
12
(7 2 ; ) ; ( ;8 5 )
.
Vì G là trọng tâm của
ABC nên:
A B C
G
A B C
G
x x x
x
y y y
y
3
3


bc
bc
22
58

b
c
2
2
.
Vậy:
BC(3;2), (2; 2)
.
Câu 13. Trong mặt phẳng với hệ toạ độ Oxy, cho tam giác ABC có
A(2;1)
. Đường cao BH có
phương trình
xy3 7 0
. Đường trung tuyến CM có phương trình
xy10
. Xác định
toạ độ các đỉnh B, C. Tính diện tích tam giác ABC.
AC qua A và vuông góc với đường cao BH
AC x y( ): 3 7 0
.
Toạ độ điểm C là nghiệm của hệ:
xy
xy
3 7 0
10
C(4; 5)
.
Trung điểm M của AB có:
BB
MM
xy
xy
21
;
22


.
M CM()
BB
xy21
10
22

.
Toạ độ điểm B là nghiệm của hệ:
BB
xy
xy
3 7 0
21
10
22

B( 2; 3)
.
Toạ độ điểm H là nghiệm của hệ:
xy
xy
3 7 0
3 7 0
H
14 7
;
55



.
BH AC
8 10
; 2 10
5

ABC
S AC BH
1 1 8 10
. .2 10. 16
2 2 5
(đvdt).
Câu 14. Trong mặt phẳng với hệ toạ độ Oxy, cho tam giác ABC có
A(4; 2)
, phương trình đường
cao kẻ từ C và đường trung trực của BC lần lượt là:
xy20
,
xy3 4 2 0
. Tìm toạ độ
các đỉnh B và C.
Đường thẳng AB qua A và vuông góc với đường cao CH
AB x y( ): 2 0
.
Gọi
B b b AB( ;2 ) ( )
,
C c c CH( ; 2) ( )
Trung điểm M của BC:
b c b c
M
4
;
22



.
Vì M thuộc trung trực của BC nên:
b c b c3( ) 4(4 ) 4 0
bc7 12 0
(1)
BC c b c b( ; )
là 1 VTPT của trung trực BC nên
c b c b4( ) 3( )
cb7
(2)
Từ (1) và (2)
cb
71
,
44
. Vậy
BC
1 9 7 1
; , ;
4 4 4 4

.
Trần Sĩ Tùng PP toạ độ trong mặt phẳng
Trang 31
Câu 15. Trong mặt phẳng Oxy, cho tam giác ABC cân tại
A( 1;4)
và các đỉnh B, C thuộc đường
thẳng
xy: 4 0
. Xác định toạ độ các điểm B, C, biết diện tích tam giác ABC bằng 18.
Gọi H là trung điểm của BC
H là hình chiếu của A trên
H
71
;
22



AH
9
2
Theo giả thiết:
ABC
S BC AH BC
1
18 . 18 4 2
2
HB HC 22
.
Toạ độ các điểm B, C là các nghiệm của hệ:
xy
xy
22
40
71
8
22
xy
xy
11 3
;
22
35
;
22

Vậy
BC
11 3 3 5
; , ;
2 2 2 2
hoặc
BC
3 5 11 3
; , ;
2 2 2 2
.
Câu 16. Trong mặt phẳng với hệ trục tọa độ Oxy, cho hai đường thẳng d
1
:
xy50
, d
2
:
xy2 –7 0
và tam giác ABC có A(2; 3), trọng tâm là điểm G(2; 0), điểm B thuộc d
1
và
điểm C thuộc d
2
. Viết phương trình đường tròn ngoại tiếp tam giác ABC.
Do B
d
1
nên B(m; – m – 5), C
d
2
nên C(7 – 2n; n)
Do G là trọng tâm
ABC nên
mn
mn
2 7 2 3.2
3 5 3.0
m
n
1
1

B(–1; –4), C(5; 1)
PT đường tròn ngoại tiếp
ABC:
x y x y
22
83 17 338
0
27 9 27
Câu 17. Trong mặt phẳng với hệ toạ độ
Oxy,
cho tam giác
ABC
có
A(4;6)
, phương trình các
đường thẳng chứa đường cao và trung tuyến kẻ từ đỉnh
C
lần lượt là
d x y
1
:2 13 0
và
d x y
2
:6 13 29 0
. Viết phương trình đường tròn ngoại tiếp tam giác
ABC
.
Đường cao CH :
xy2 13 0
, trung tuyến CM :
xy6 13 29 0
C( 7; 1)
PT đường thẳng AB:
xy2 16 0
.
M CM AB
M(6;5)
B(8;4)
.
Giả sử phương trình đường tròn (C) ngoại tiếp
ABC x y mx ny p
22
: 0.
Vì A, B, C
(C) nên
m n p
m n p
m n p
52 4 6 0
80 8 4 0
50 7 0
m
n
p
4
6
72



.
Suy ra PT đường tròn:
x y x y
22
4 6 72 0
.
Câu 18. Trong mặt phẳng toạ độ Oxy, cho tam giác ABC, có điểm A(2; 3), trọng tâm G(2; 0). Hai
đỉnh B và C lần lượt nằm trên hai đường thẳng
d x y
1
: 5 0
và
d x y
2
: 2 –7 0
. Viết
phương trình đường tròn có tâm C và tiếp xúc với đường thẳng BG.
Giả sử
B b b d C c c d
12
( 5 ; ) ; (7 2 ; )
.
Vì G là trọng tâm
ABC nên ta có hệ:
BC
BC
xx
yy
26
30
B(–1;–4) , C(5; 1).
Phương trình BG:
xy4 –3 –8 0
. Bán kính
R d C BG
9
( , )
5

Phương trình đường tròn:
xy
22
81
( –5) ( –1)
25

PP toạ độ trong mặt phẳng Trần Sĩ Tùng
Trang 32
Câu 19. Trong mặt phẳng với hệ toạ độ Oxy, cho tam giác ABC có
A( 3;6)
, trực tâm
H(2;1)
,
trọng tâm
G
47
;
33



. Xác định toạ độ các đỉnh B và C.
Gọi I là trung điểm của BC. Ta có
AG AI I
2 7 1
;
3 2 2




Đường thẳng BC qua I vuông góc với AH có phương trình:
xy30
Vì I là trung điểm của BC nên giả sử
BB
B x y( ; )
thì
BB
C x y(7 ;1 )
và
BB
xy30
.
H là trực tâm của tam giác ABC nên
CH AB
;
B B B B
CH x y AB x y( 5 ; ), ( 3; 6)
B B B B
B B B B B
x y x x
CH AB
x x y y y
3 1 6
.0
( 5)( 3) ( 6) 0 2 3
Vậy
BC1; 2 , 6;3
hoặc
BC6;3 , 1; 2
Câu 20. Trong mặt phẳng với hệ toạ độ Oxy, cho tam giác ABC với A(1; –2), đường cao
CH x y: 1 0
, phân giác trong
BN x y: 2 5 0
. Tìm toạ độ các đỉnh B, C và tính diện
tích tam giác ABC.
Do
AB CH
nên phương trình AB:
xy10
.
+ B =
AB BN
Toạ độ điểm B là nghiệm của hệ:
xy
xy
2 5 0
10
x
y
4
3

B( 4;3)
.
+ Lấy A’ đối xứng với A qua BN thì
A BC'
.
Phương trình đường thẳng (d) qua A và vuông góc với BN là (d):
xy2 5 0
.
Gọi
I d BN()
. Giải hệ:
xy
xy
2 5 0
2 5 0
. Suy ra: I(–1; 3)
A'( 3; 4)
+ Phương trình BC:
xy7 25 0
. Giải hệ:
BC x y
CH x y
: 7 25 0
: 1 0
C
13 9
;
44




.
+
BC
22
13 9 450
43
4 4 4
,
d A BC
22
7.1 1( 2) 25
( ; ) 3 2
71

.
Suy ra:
ABC
S d A BC BC
1 1 450 45
( ; ). .3 2. .
2 2 4 4
Câu 21. Trong mặt phẳng với hệ toạ độ Oxy, cho
ABC
, với đỉnh A(1; –3) phương trình đường phân
giác trong BD:
xy20
và phương trình đường trung tuyến CE:
xy8 7 0
. Tìm toạ độ
các đỉnh B, C.
Gọi E là trung điểm của AB. Giả sử
B b b BD( ;2 )
bb
E CE
11
;
22




b 3
B( 3;5)
. Gọi A
là điểm đối xứng của A qua BD
A
BC. Tìm được A
(5; 1)
Phương trình BC:
xy2 7 0
;
xy
C CE BC C
xy
8 7 0
: (7;0)
2 7 0
.
Câu 22. Trong mặt phẳng với hệ tọa độ Oxy , cho tam giác ABC có đỉnh A(3; –4). Phương trình
đường trung trực cạnh BC, đường trung tuyến xuất phát từ
C
lần lượt là
d x y
1
: 1 0
và
d x y
2
:3 9 0
. Tìm tọa độ các đỉnh B, C của tam giác ABC.
Trần Sĩ Tùng PP toạ độ trong mặt phẳng
Trang 33
Gọi
C c c d
2
( ;3 9)
và M là trung điểm của BC
M m m d
1
( ;1 )
.
B m c m c(2 ;11 2 3 )
. Gọi I là trung điểm của AB, ta có
m c m c
I
2 3 7 2 3
;
22



.
Vì I
d
2
()
nên
m c m c2 3 7 2 3
3. 9 0
22
m 2
M(2; 1)
Phương trình BC:
xy30
.
C BC d C B
2
(3;0) (1; 2)
.
Câu 23. Trong mặt phẳng với hệ tọa độ Oxy, cho tam giác ABC cân tại A có đỉnh A(6; 6), đường
thẳng d đi qua trung điểm của các cạnh AB và AC có phương trình x + y
4 = 0. Tìm tọa độ
các đỉnh B và C, biết điểm E(1; 3) nằm trên đường cao đi qua đỉnh C của tam giác đã cho.
Gọi H là chân đường cao xuất phát từ A
H đối xứng với A qua d
H( 2; 2)
PT đường thẳng BC:
xy40
. Giả sử
B m m BC( ; 4 )
C m m( 4 ; )
CE m m , AB m m(5 ; 3 ) ( 6; 10 )
.
Vì
CE AB
nên
AB CE m m m m. 0 ( 6)( 5) ( 3)( 10) 0
mm0; 6
.
Vậy:
BC(0; 4), ( 4;0)
hoặc
BC( 6;2), (2; 6)
.
Câu 24. Trong mặt phẳng với hệ tọa độ Oxy, cho tam giác ABC có đỉnh
A(2;4)
. Đường thẳng
qua trung điểm của cạnh AB và AC có phương trình
xy4 6 9 0
; trung điểm của cạnh BC
nằm trên đường thẳng
d
có phương trình:
xy2 2 1 0
. Tìm tọa độ các đỉnh B và C, biết
rằng tam giác ABC có diện tích bằng
7
2
và đỉnh C có hoành độ lớn hơn 1.
Gọi A’ là điểm đối xứng của A qua
, ta tính được
A
40 31
';
13 13



BC x y: 2 3 1 0
Ta gọi M là trung điểm của BC, thì M là giao của đường thẳng
d
và BC nên
M
5
;2
2



.
Giả sử
t
C t BC
31
; ( )
2



. Ta có
ABC
S d A BC BC BC BC
1 7 1 7
( ; ). . 13
2 2 2
13
CM
13
2

t
tC
t
t C loaïi
2
2
3 6 13
3 (4;3)
( 2)
1 (1;1) ( )
22






B(1;1)
.
Vậy:
B(1;1)
,
C(4;3)
.
Câu 25. Trong mặt phẳng với hệ tọa độ Oxy, cho ABC có tọa độ đỉnh B(3; 5) , phương trình
đường cao hạ từ đỉnh A và đường trung tuyến hạ từ đỉnh C lần lượt là
d
1
: 2x – 5y + 3 = 0 và
d
2
: x + y – 5 = 0. Tìm tọa độ các đỉnh A và C của tam giác ABC.
Gọi M là trung điểm AB thì M
d
2
nên
M a a( ;5 )
. Đỉnh A
d
1
nên
b
Ab
53
;
2



.
M là trung điểm AB:
A B M
A B M
x x x
y y y
2
2


a b a
a b b
4 5 3 2
2 5 1




A(1; 1).
Phương trình BC:
xy5 2 25 0
;
C d BC
2

C(5; 0).
Câu 26. Trong mặt phẳng toạ độ với hệ toạ độ
Oxy,
cho
ABC
với
AB 5,
đỉnh
C( 1; 1)
,
phương trình cạnh
AB x y: 2 3 0
và trọng tâm
G
của
ABC
thuộc đường thẳng
PP toạ độ trong mặt phẳng Trần Sĩ Tùng
Trang 34
d x y: 2 0
. Xác định tọa độ các đỉnh
AB,
của tam giác.
Gọi
I x y( ; )
là trung điểm
AB
,
GG
G x y( ; )
là trọng tâm của
ABC
G
G
x
x
CG CI
y
y
21
2
3
21
3
3

G d x y: 2 0
nên có:
GG
xy20
xy2 1 2 1
20
33

Tọa độ điểm
I
thỏa mãn hệ:
xy
I
xy
2 3 0
(5; 1)
2 1 2 1
20
33


Gọi
A A A A
AB
A x y IA x y
2
2 2 2
5
( ; ) ( 5) ( 1)
24



.
Hơn nữa
A AB x y: 2 3 0
suy ra tọa độ điểm
A
là nghiệm của hệ:
A A A A
A A A A
x y x x
x y y y
22
2 3 0 4 6
5 1 3
51
4 2 2

Vậy:
AB
13
4, , 6;
22

hoặc
BA
13
4, , 6;
22

.
Câu 27. Trong mặt phẳng với hệ toạ độ
Oxy
, tìm toạ độ các đỉnh của một tam giác vuông cân, biết
đỉnh
C(3; 1)
và phương trình của cạnh huyền là
d x y:3 2 0
.
Toạ độ điểm C không thoả mãn phương trình cạnh huyền nên
ABC vuông cân tại C. Gọi I
là trung điểm của
AB
. Phương trình đường thẳng CI:
xy30
.
I CI AB
I
31
;
55



AI BI CI
72
5
Ta có:
A B d
AI BI
,
72
5

xy
xy
22
3 2 0
3 1 72
5 5 5
xy
xy
3 19
;
55
9 17
;
55

Vậy toạ độ 2 đỉnh cần tìm là:
3 19 9 17
; , ;
5 5 5 5

.
Câu 28. Trong mặt phẳng với hệ toạ độ Oxy, cho điểm C(2; –5) và đường thẳng có phương trình:
xy3 4 4 0
. Tìm trên hai điểm A và B đối xứng nhau qua
I
5
2;
2



sao cho diện tích
tam giác ABC bằng 15.
Gọi
aa
A a B a
3 4 16 3
; 4 ;
44

ABC
S AB d C AB
1
. ( , ) 3
2

AB = 5.
a
a
AB a
a
2
2
63
4
5 (4 2 ) 25
0
2



. Vậy hai điểm cần tìm là A(0; 1) và B(4; 4).
Câu 29. Trong mặt phẳng với hệ trục tọa độ Oxy cho tam giác ABC với
B(1; 2)
đường cao
AH x y: 3 0
. Tìm tọa độ các đỉnh A, C của tam giác ABC biết C thuộc đường thẳng
Trần Sĩ Tùng PP toạ độ trong mặt phẳng
Trang 35
d x y:2 1 0
và diện tích tam giác ABC bằng 1.
Phương trình
BC x y: 1 0
. C = BC
d
C(2; 3)
.
Gọi
A x y AH x y
0 0 0 0
( ; ) 3 0
(1);
xy
BC AH d A BC
00
1
2, ( , )
2

ABC
xy
xy
S AH BC
xy
00
00
00
1
1 2 (2)
11
. 1 . . 2 1
1 2 (3)
22
2

Từ (1) và (2)
x
A
y
0
0
1
( 1;2)
2

. Từ (1) và (3)
x
A
y
0
0
3
( 3;0)
0

Câu 30. Trong mặt phẳng với hệ trục tọa độ Oxy cho tam giác ABC vuông tại
A(2;1)
, điểm B nằm
trên trục hoành, điểm C nằm trên trục tung sao cho các điểm B, C có toạ độ không âm. Tìm
toạ độ các điểm B, C sao cho tam giác ABC có diện tích lớn nhất.
Giả sử
B b C c b c( ;0), (0; ), ( , 0)
.
ABC vuông tại A
AB AC.0
cb2 5 0
b
5
0
2

.
ABC
S AB AC
1
.
2
=
b c b b b
2 2 2 2 2
1
( 2) 1. 2 ( 1) ( 2) 1 4 5
2
Do
b
5
0
2

nên
ABC
S
đạt GTLN
b 0
BC(0;0), (0;5)
.
Câu 31. Trong mặt phẳng với hệ toạ độ Oxy, cho tam giác ABC có đỉnh
A( 1; 3)
, trọng tâm
G(4; 2)
, trung trực của AB là
d x y:3 2 4 0
. Viết phương trình đường tròn ngoại tiếp
tam giác ABC.
Gọi M là trung điểm của BC
AM AG
3
2
M
13 3
;
22



.
AB d
AB nhận
d
u (2; 3)
làm VTPT
Phương trình
AB x y:2 3 7 0
.
Gọi N là trung điểm của AB
N = AB
d
N(2; 1)
B(5;1)
C(8; 4)
.
PT đường tròn (C) ngoại tiếp
ABC có dạng:
x y ax by c
22
2 2 0
(
a b c
22
0
).
Khi đó ta có hệ:
a b c
a b c
a b c
2 6 10
10 2 26
16 8 80
a
b
c
74
21
23
7
8
3

. Vậy:
C x y x y
22
148 46 8
( ): 0
21 7 3
Câu 32. Trong mặt phẳng với hệ toạ độ Oxy, cho tam giác ABC có trọng tâm G(2, 0) và phương
trình các cạnh AB, AC theo thứ tự là:
xy4 14 0
;
xy2 5 2 0
. Tìm tọa độ các đỉnh
A, B, C.
A(–4, 2), B(–3, –2), C(1, 0)
Câu 33. Trong mặt phẳng với hệ toạ độ Oxy, cho tam giác ABC có trực tâm
H( 1;6)
, các điểm
MN(2;2) (1;1)
lần lượt là trung điểm của các cạnh AC, BC. Tìm toạ độ các đỉnh A, B, C.
Đường thẳng CH qua H và vuông góc với MN
CH x y: 5 0
.
Giả sử
C a a CH( ;5 )
CN a a(1 ; 4)
PP toạ độ trong mặt phẳng Trần Sĩ Tùng
Trang 36
Vì M là trung điểm của AC nên
A a a(4 ; 1)
AH a a( 5;7 )
Vì N là trung điểm của BC nên
B a a(2 ; 3)
Vì H là trực tâm
ABC nên:
AH CN.0
a a a a( 5)(1 ) (7 )( 4) 0
a
a
3
11
2
.
+ Với
a 3
C A B(3;2), (1;2), ( 1;0)
+ Với
a
11
2
C A B
11 1 3 9 7 5
; , ; , ;
2 2 2 2 2 2
Câu 34. Trong mặt phẳng với hệ toạ độ Oxy, cho tam giác ABC có phân giác trong AD và đường
cao CH lần lượt có phương trình
xy20
,
xy2 5 0
. Điểm
M(3;0)
thuộc đoạn AC
thoả mãn
AB AM2
. Xác định toạ độ các đỉnh A, B, C của tam giác ABC.
Gọi E là điểm đối xứng của M qua AD
E(2; 1)
.
Đường thẳng AB qua E và vuông góc với CH
AB x y( ): 2 3 0
.
Toạ độ điểm A là nghiệm của hệ:
xy
xy
2 3 0
20
A(1;1)
PT
AM x y( ): 2 3 0
Do
AB AM2
nên E là trung điểm của AB
B(3; 3)
.
Toạ độ điểm C là nghiệm của hệ:
xy
xy
2 3 0
2 5 0
C( 1;2)
Vậy:
A(1;1)
,
B(3; 3)
,
C( 1;2)
.
Câu hỏi tương tự:
a)
AD x y( ): 0
,
CH x y( ): 2 3 0
,
M(0; 1)
. ĐS:
A(1;1)
;
B( 3; 1)
;
C
1
;2
2




Câu 35. Trong mặt phẳng với hệ toạ độ Oxy, cho tam giác ABC cân tại A, đường thẳng BC có
phương trình
xy2 2 0
. Đường cao kẻ từ B có phương trình
xy40
, điểm
M( 1;0)
thuộc đường cao kẻ từ C. Xác định toạ độ các đỉnh của tam giác ABC.
Toạ độ đỉnh B là nghiệm của hệ:
xy
xy
2 2 0
40
B( 2;2)
.
Gọi d là đường thẳng qua M và song song với BC
d x y: 2 1 0
.
Gọi N là giao điểm của d với đường cao kẻ từ B
Toạ độ của N là nghiệm của hệ:
xy
xy
40
2 1 0
N( 3;1)
.
Gọi I là trung điểm của MN
I
1
2;
2



. Gọi E là trung điểm của BC
IE là đường trung
trực của BC
IE x y: 4 2 9 0
.
Toạ độ điểm E là nghiệm của hệ:
xy
xy
2 2 0
4 2 9 0
E
7 17
;
5 10



C
47
;
55



.
Đường thẳng CA qua C và vuông góc với BN
CA x y
3
:0
5
.
Toạ độ đỉnh A là nghiệm của hệ:
xy
xy
4 2 9 0
3
0
5
A
13 19
;
10 10



.
Trần Sĩ Tùng PP toạ độ trong mặt phẳng
Trang 37
Vậy:
A
13 19
;
10 10



,
B( 2;2)
,
C
47
;
55



.
Câu 36. Trong mặt phẳng với hệ toạ độ Oxy, cho tam giác ABC có đỉnh A thuộc đường thẳng d:
xy–4 –2 0
, cạnh BC song song với d, phương trình đường cao BH:
xy30
và trung
điểm của cạnh AC là M(1; 1). Tìm toạ độ các đỉnh A, B, C.
Ta có AC vuông góc với BH và đi qua M(1; 1) nên có phương trình:
y x
.
Toạ độ đỉnh A là nghiệm của hệ :
x
xy
A
yx
y
2
22
4 2 0
3
;
2
33
3






Vì M là trung điểm của AC nên
C
88
;
33



Vì BC đi qua C và song song với d nên BC có phương trình:
x
y 2
4

xy
x
BH BC B B
x
y
y
30
4
: ( 4;1)
1
2
4



Câu 37. Trong mặt phẳng với hệ tọa độ Oxy, cho tam giác ABC có đường cao
BH x y:3 4 10 0
, đường phân giác trong góc A là AD có phương trình là
xy10
,
điểm M(0; 2) thuộc đường thẳng AB đồng thời cách C một khoảng bằng
2
. Tìm tọa độ các
đỉnh của tam giác ABC.
Gọi N đối xứng với M qua
AD
. Ta có
N AC
và N (1;1)
PT cạnh
AC x y: 4 3 1 0
A AC AD A(4;5)
. AB đi qua M, A
PT cạnh
AB x y:3 4 8 0
B
1
3;
4




Gọi
C a b AC a b( ; ) 4 3 1 0
, ta có
MC 2
C(1;1)
hoặc
C
31 33
;
25 25



.
Kiểm tra điều kiện B, C khác phía với AD, ta có cả hai điểm trên đều thỏa mãn.
Câu 38. Trong mặt phẳng với hệ toạ độ Oxy, cho tam giác ABC có điểm M(–1; 1) là trung điểm
của cạnh BC, hai cạnh AB, AC lần lượt nằm trên hai đường thẳng d
1
:
xy20
và d
2
:
xy2 6 3 0
. Tìm toạ độ các đỉnh A, B, C.
Toạ độ điểm A là nghiệm của hệ:
xy
xy
20
2 6 3 0
A
15 7
;
44



.
Giả sử:
B b b( ;2 )
d
1
,
c
Cc
32
;
6




d
2
. M(–1; 1) là trung điểm của BC
bc
c
b
1
2
32
2
6
1
2



b
c
1
4
9
4

B
17
;
44



,
C
91
;
44



.
Câu 39. Trong mặt phẳng với hệ tọa độ Oxy, cho
ABC
cân có đáy là BC. Đỉnh A có tọa độ là các
số dương, hai điểm B và C nằm trên trục Ox, phương trình cạnh
AB y x: 3 7( 1)
. Biết chu
PP toạ độ trong mặt phẳng Trần Sĩ Tùng
Trang 38
vi của
ABC
bằng 18, tìm tọa độ các đỉnh A, B, C.
B AB Ox B(1;0)
,
A AB A a a a;3 7( 1) 1
(do
AA
xy0, 0
).
Gọi AH là đường cao
ABC H a C a BC a AB AC a( ;0) (2 1;0) 2( 1), 8( 1)
.
Chu vi ABC a C A18 2 (3;0), 2;3 7
.
Câu 40. Trong mặt phẳng với hệ tọa độ Oxy, cho tam giác ABC biết phương trình các đường thẳng
chứa các cạnh AB, BC lần lượt là
xy4 3 –4 0
;
xy– –1 0
. Phân giác trong của góc A
nằm trên đường thẳng
xy2 –6 0
. Tìm tọa độ các đỉnh của tam giác ABC.
Tọa độ của A nghiệm đúng hệ phương trình:
x y x
A
x y y
4 3 4 0 2
( 2;4)
2 6 0 4



Tọa độ của B nghiệm đúng hệ phương trình
x y x
B
x y y
4 3 4 0 1
1;0
1 0 0




Phương trình AC qua điểm A(–2;4) có dạng:
a x b y ax by a b( 2) ( 4) 0 2 4 0
Gọi
x y x y ax by a b
1 2 3
: 4 3 4 0; : 2 6 0; : 2 4 0
Từ giả thiết suy ra
2 3 1 2
;;
.
Do đó
ab
ab
2 3 1 2
22
1. 2. 4.1 2.3
cos( ; ) cos( ; )
25. 5
5.

a
a b a b a a b
ab
22
0
2 2 (3 4 ) 0
3 4 0

a = 0
b 0
. Do đó
y
3
: 4 0

3a – 4b = 0: Chọn a = 4 thì b = 3. Suy ra
xy
3
: 4 3 4 0
(trùng với
1
).
Do vậy, phương trình của đường thẳng AC là y – 4 = 0.
Tọa độ của C nghiệm đúng hệ phương trình:
yx
C
x y y
4 0 5
(5;4)
1 0 4




Câu 41. Trong mặt phẳng với hệ toạ độ Oxy, cho tam giác ABC biết A(5; 2). Phương trình đường
trung trực cạnh BC, đường trung tuyến CC’ lần lượt là x + y – 6 = 0 và 2x – y + 3 = 0. Tìm tọa
độ các đỉnh của tam giác ABC.
Gọi
C c c( ; 2 3)
và
I m m( ;6 )
là trung điểm của BC. Suy ra:
B m c m c(2 ; 9 2 2 )
.
Vì C’ là trung điểm của AB nên:
m c m c
C CC
2 5 11 2 2
' ; '
22



nên
m c m c
m
2 5 11 2 2 5
2 3 0
2 2 6



I
5 41
;
66




.
Phương trình BC:
xy3 3 23 0
C
14 37
;
33



B
19 4
;
33



.
Câu 42. Trong mặt phẳng với hệ toạ độ Oxy, biết toạ độ trực tâm, tâm đường tròn ngoại tiếp tam
giác ABC lần lượt là H(2;2), I(1;2) và trung điểm
M
55
;
22



của cạnh BC. Hãy tìm toạ độ các
đỉnh
A B C,,
biết
BC
xx
(
B
x
,
C
x
lần lượt hoành độ điểm B và C).
Gọi G là trọng tâm
ABC ta có :
GH GI2
G
4
;2
3



Trần Sĩ Tùng PP toạ độ trong mặt phẳng
Trang 39
Mặt khác vì
GA GM2
nên
A( 1;1)
. Phương trình BC:
xy3 10 0
. Đường tròn (C)
ngoại tiếp
có tâm I(1; 2) và bán kính
R 4 1 5
. Do đó (C) :
xy
22
( 1) ( 2) 5
.
Khi đó toạ độ B ;C là nghiệm hệ :
xx
xy
yy
xy
22
23
( 1) ( 2) 5
41
3 10 0





Vì
BC
xx
nên B(3;1) ; C(2;4). Vậy : A(–1; 1); B(3; 1) ; C(2; 4).
Câu 43. Trong mặt phẳng với hệ tọa độ Oxy, cho tam giác ABC cân tại C có diện tích bằng 10,
phương trình cạnh AB là
xy20
, điểm I(4; 2) là trung điểm của AB, điểm
M
9
4;
2



thuộc
cạnh BC. Tìm tọa độ các đỉnh A, B, C biết tung độ điểm B lớn hơn hoặc bằng 3.
Giả sử
BB
B y y AB(2 ; )
BB
A y y(8 2 ;4 )
. Phương trình CI:
xy2 10 0
.
Gọi
CC
C x x( ;10 2 )
C
CI x54
;
B
AB y20 2
.
ABC B C C B
S CI AB y x x y
1
. 10 4 2 8 2
2
C B B C
C B B C
x y y x
x y y x
4 2 6 (1)
4 2 10 (2)
Vì
CB
CB
x k y
M BC CM kMB
x k y
4 2 4
11 9
2
22



C B B C
x y y x2 6 5 16 0
(3)
Từ (1) và (3):
C B B C
B
C B B C
B
x y y x
y
x y y x
y
4 2 6
12
2 6 5 16 0
12

(loại, vì
B
y 3
)
Từ (2) và (3):
C B B C
B
C
C B B C
x y y x
y
x
x y y x
4 2 10
3
2
2 6 5 16 0

(thoả)
Vậy A(2; 1), B(6; 3), C(2; 6).
Câu 44. Trong mặt phẳng với hệ toạ độ Oxy, cho tam giác ABC vuông tại A, các đỉnh A, B thuộc
đường thẳng d: y = 2, phương trình cạnh BC:
xy3 2 0
. Tìm toạ độ các đỉnh A, B, C
biết bán kính đường tròn nội tiếp tam giác ABC bằng
3
.
B d BC
B(0; 2). Giả sử
A a d a( ;2) ,( 2)
,
C c c BC c( ;2 3) ,( 0)
.
AB a AC c a c BC c c( ;0), ( ; 3), ( ; 3)
AB a AC c a c BC c
22
, ( ) 3 , 2
ABC vuông ở A và
r 3
AB AC
S pr
.0
AB AC
AB BC AC
AB AC
.0
1
. . 3
22

a c a
a c a c a c c a c
2 2 2 2
( ) 0
( ) 3 2 ( ) 3 3
ca
a
0
33


c a A C
c a A C
3 3 (3 3;2), (3 3;5 3 3)
3 3 ( 3 3;2), ( 3 3; 1 3 3)
Câu 45. Trong mặt phẳng với hệ toạ độ Oxy, tìm toạ độ các đỉnh của tam giác vuông cân ABC, có
phương trình hai cạnh
AB x y: 2 1 0
,
AC x y:2 3 0
và cạnh BC chứa điểm
I
8
;1
3



.
PP toạ độ trong mặt phẳng Trần Sĩ Tùng
Trang 40
Ta có: AB
AC
ABC vuông cân tại A
A(1;1)
.
Gọi M(x ; y) thuộc tia phân giác At của góc
BAC
. Khi đó M cách đều hai đường thẳng AB,
AC. Hơn nữa M và I cùng phía đối với đường thẳng AB và cùng phía đối với đường thẳng
AC, tức là:
x y x y
x y x y
xy
2 1 2 3
55
8
( 2 1) 2 1 0 3 4 0
3
16
(2 3) 1 3 0
3






BC
At BC n (3; 1)
BC x y:3 7 0
;
xy
B AB BC B
xy
2 1 0
: (3;2)
3 7 0
;
xy
C AC BC C
xy
2 3 0
: (2; 1)
3 7 0
.
Câu 46. Trong mặt phẳng với hệ toạ độ Oxy, cho tam giác ABC vuông cân tại A, biết các đỉnh A,
B, C lần lượt nằm trên các đường thẳng d:
xy50
, d
1
:
x 10
, d
2
:
y 20
. Tìm toạ
độ các đỉnh A, B, C, biết BC =
52
.
Chú ý: d
1
d
2
và
ABC vuông cân tại A nên A cách đều d
1
, d
2
A là giao điểm của d và
đường phân giác của góc tạo bởi d
1
, d
2
A(3; 2).
Giả sử B(–1; b)
d
1
, C(c; –2)
d
2
.
AB b AC c( 4; 2), ( 3; 4)
.
Ta có:
AB AC
BC
2
.0
50
bc
bc
5, 0
1, 6

A B C
A B C
(3;2), ( 1;5), (0; 2)
(3;2), ( 1; 1), (6; 2)

.
Câu 47. Trong mặt phẳng với hệ tọa độ Oxy , cho tam giác ABC cân tại đỉnh C biết phương trình
đường thẳng AB là:
xy–2 0
, trọng tâm của tam giác ABC là
G
14 5
;
33



và diện tích của
tam giác ABC bằng
65
2
. Viết phương trình đường tròn ngoại tiếp tam giác ABC.
Gọi H là trung điểm của AB
CH AB
CH:
xy30
H
51
;
22



C(9;6)
.
Gọi
A(a 2 a AB;)
B a a(5 ; 3)
AB a a CH
13 13
(5 2 ;2 5); ;
22



ABC
a
S AB CH a a
a
2
65 1 65
0
. 8 40 0
5
2 2 2
Với
a 0
AB(0;2); (5; 3)
Với
a 5
AB(5; 3), (0;2)
PT đường tròn (C) ngoại tiếp
ABC có dạng:
x y ax by c a b c
2 2 2 2
2 2 0 ( 0)
(C) qua A, B, C nên
a
bc
a b c b
a b c
c
137
26
44
59
10 6 34
26
18 12 117
66
13



C x y x y
22
137 59 66
( ): 0
13 13 13
Trần Sĩ Tùng PP toạ độ trong mặt phẳng
Trang 41
Câu 48. Trong mặt phẳng toạ độ Oxy, cho ABC có phương trình cạnh AB:
xy–3 0
, phương
trình cạnh AC:
xy3 –7 0
và trọng tâm
G
1
2;
3



. Viết phương trình đường tròn đi qua
trực tâm H và hai đỉnh B, C của tam giác ABC.
A AB AC A(2;1)
. Giả sử
B m m C n n( ;3– ), ( ;7–3 )
.
G
1
2;
3



là trọng tâm
ABC nên:
m n m
m n n
2 6 1
1 3 7 3 1 3



B(1; 2), C(3; –2)
H là trực tâm
ABC
AH BC
BH AC
H(10;5)
.
PT đường tròn (S) qua B, C, H có dạng:
x y ax by c a b c
2 2 2 2
2 2 0 ( 0)
Do B, C, H
(S)
a b c a
a b c b
a b c c
2 4 5 6
6 4 13 2
20 10 125 15





. Vậy (S):
x y x y
22
–12 –4 15 0
.
Câu 49. Trong mặt phẳng với hệ toạ độ Oxy, cho điểm A(0; 2) và đường thẳng d:
xy–2 2 0
.
Tìm trên d hai điểm B, C sao cho tam giác ABC vuông tại B và AB = 2BC.
B
26
;
55



;
CC
12
47
(0;1); ;
55



Câu 50. Trong mặt phẳng với hệ toạ độ Oxy, cho tam giác ABC vuông cân ngoại tiếp đường tròn
C x y
22
( ): 2
. Tìm toạ độ 3 đỉnh của tam giác, biết điểm A thuộc tia Ox.
A là giao của tia Ox với (C)
A(2;0)
.
Hai tiếp tuyến kẻ từ A đến (C) là:
xy20
và
xy20
.
Vì
ABC vuông cân nên cạnh BC tiếp xúc với (C) tại trung điểm M của BC
M là giao của tia đối tia Ox với (C)
M 2;0
.
Phương trình cạnh BC:
x 2
. B và C là các giao điểm của BC với 2 tiếp tuyến trên
Toạ độ 2 điểm B, C là:
2;2 2 , 2; 2 2
.
Câu 51. Trong mặt phẳng với hệ toạ độ Oxy, cho tam giác ABC có trung điểm của cạnh BC là
điểm
M(3; 1)
, đường thẳng chứa đường cao kẻ từ đỉnh B đi qua điểm
E( 1; 3)
và đường
thẳng chứa cạnh AC đi qua điểm
F(1;3)
. Tìm tọa độ các đỉnh của tam giác ABC, biết rằng
điểm đối xứng của đỉnh A qua tâm đường tròn ngoại tiếp tam giác ABC là điểm
D(4; 2)
.
Gọi H là trực tâm của tam giác ABC, ta chứng minh được BDCH là hình bình hành nên M
là trung điểm của HD suy ra
H(2;0)
. Đường thẳng BH có VTCP là
EH (3;3)
VTPT là
BH
n BH x y(1; 1) : 2 0
+ AC vuông góc với BH nên
AC BH
n u AC x y(1;1) : 4 0
+ AC vuông góc với CD nên
DC AC
n u DC x y(1; 1) : 6 0
.
+ C là giao của AC và DC nên tọa độ C là nghiệm của hệ:
xy
C
xy
40
(5; 1)
60

+ M là trung điểm của BC nên
B(1; 1)
. AH vuông góc với BC
AH x: 2 0
+ A là giao điểm của HA và AC nên tọa độ A là nghiệm của hệ
x
A
xy
20
(2;2)
40

.
PP toạ độ trong mặt phẳng Trần Sĩ Tùng
Trang 42
Vậy:
A(2;2)
,
B(1; 1)
,
C(5; 1)
.
Câu 52. Trong mặt phẳng với hệ toạ độ Oxy, cho tam giác ABC vuông tại A, biết B và C đối xứng
nhau qua gốc tọa độ. Đường phân giác trong của góc
ABC
là
d x y: 2 5 0
. Tìm tọa độ
các đỉnh của tam giác biết đường thẳng AC đi qua điểm
K(6;2)
Giả sử
B b b C b b d(5 2 ; ), (2 5; )
,
O BC(0;0)
Gọi I đối xứng với O qua phân giác trong góc
ABC
nên
I(2;4)
và
I AB
Tam giác ABC vuông tại A nên
BI b b(2 3;4 )
vuông góc với
CK b b(11 2 ;2 )
b
b b b b b b
b
2
1
(2 3)(11 2 ) (4 )(2 ) 0 5 30 25 0
5
+ Với
b B C A B1 (3;1), ( 3; 1) (3;1)
(loại)
+ Với
b B C5 ( 5;5), (5; 5)
A
31 17
;
55



Vậy
A B C
31 17
; ; ( 5;5); (5; 5)
55




Câu 53. Trong mặt phẳng với hệ toạ độ Oxy, cho tam giác ABC có đỉnh
A
47
;
55



và phương trình
hai đường phân giác trong BB:
xy2 1 0
và CC:
xy3 1 0
. Chứng minh tam giác
ABC vuông.
Gọi A
1
, A
2
lần lượt là điểm đối xứng của A qua BB
, CC
A
1
, A
2
BC.
Tìm được: A
1
(0; –1), A
2
(2; –1)
Phương trình BC:
y 1
B(–1; –1), C(4; –1)
AB AC
A
vuông.
Câu 54. Trong mặt phẳng với hệ toạ độ Oxy, cho phương trình hai cạnh của một tam giác là
xy5 2 6 0
và
xy4 7 21 0
. Viết phương trình cạnh thứ ba của tam giác đó, biết rằng
trực tâm của nó trùng với gốc toạ độ.
Giả sử:
AB x y( ):5 2 6 0
,
AC x y( ): 4 7 21 0
A(0;3)
.
Đường cao BO đi qua B và vuông góc với AC
BO x y( ): 7 4 0
B( 4; 7)
.
Cạnh BC đi qua B và vuông góc với OA
BC y( ): 7 0
.
Câu 55. Trong mặt phẳng với hệ toạ độ Oxy, cho tam giác ABC có đỉnh A(1; 3) và hai đường trung
tuyến của nó có phương trình là:
xy–2 1 0
và
y –1 0
. Hãy viết phương trình các cạnh
của ABC.
(AC): x + 2y – 7 = 0; (AB): x – y + 2 = 0; (BC): x – 4y – 1 = 0.
Câu 56. Trong mặt phẳng với hệ toạ độ Oxy, cho tam giác ABC có đỉnh
B( 12;1)
, đường phân
giác trong góc A có phương trình
d x y: 2 5 0
.
G
12
;
33



là trọng tâm tam giác ABC.
Viết phương trình đường thẳng BC.
Gọi M là điểm đối xứng của B qua d
M AC( 6;13) ( )
.
Giả sử
A a a d(5 2 ; )
C a a(8 2 ;1 )
. Do
MA MC,
cùng phương
a 2
C(4;3)
Vậy:
BC x y( ): 8 20 0
.
Trần Sĩ Tùng PP toạ độ trong mặt phẳng
Trang 43
Câu 57. Trong mặt phẳng với hệ toạ độ Oxy, cho tam giác ABC có đỉnh
B(2; 1)
, đường cao xuất
phát từ A và đường phân giác trong góc C lần lượt là
d x y
1
:3 4 27 0
,
d x y
2
: 2 5 0
.
Viết phương trình các cạnh của tam giác ABC.
Đường thẳng BC qua B và vuông góc với
d
1
BC x y( ): 4 3 5 0
.
Toạ độ đỉnh C là nghiệm của hệ:
xy
xy
4 3 5 0
2 5 0
C( 1;3)
.
Gọi B
là điểm đối xứng của B qua
d
2
B (4;3)
và
B AC()
.
Đường thẳng AC đi qua C và B
AC y( ): 3 0
.
Toạ độ đỉnh A là nghiệm của hệ:
y
xy
30
3 4 27 0

A( 5;3)
.
Đường thẳng AB qua A và B
AB x y( ): 4 7 1 0
.
Vậy:
AB x y( ): 4 7 1 0
,
BC x y( ): 4 3 5 0
,
AC y( ): 3 0
.
Câu 58. Trong mặt phẳng với hệ toạ độ Oxy, cho tam giác ABC cân, cạnh đáy BC có phương trình
d
1
:
xy10
. Phương trình đường cao vẽ từ B là d
2
:
xy2 2 0
. Điểm M(2; 1) thuộc
đường cao vẽ từ C. Viết phương trình các cạnh bên của tam giác ABC.
B(0; –1).
BM (2;2)
MB
BC. Kẻ MN // BC cắt d
2
tại N thì BCNM là hình chữ nhật.
PT đường thẳng MN:
xy30
. N = MN
d
2
N
81
;
33



.
NC
BC
PT đường thẳng NC:
xy
7
0
3
. C = NC
d
1
C
25
;
33



.
AB
CM
PT đường thẳng AB:
xy2 2 0
.
AC
BN
PT đường thẳng AC:
xy6 3 1 0
Câu 59. Trong mặt phẳng với hệ tọa độ Oxy, cho tam giác có phương trình hai cạnh là
AB x y: 5 –2 6 0
và
AC x y: 4 7 –21 0
. Viết phương trình cạnh BC, biết rằng trực tâm
của nó trùng với gốc tọa độ O.
AB: 5x – 2y + 6 = 0; AC: 4x + 7y – 21 = 0
A(0;3)
Phương trình đường cao BO: 7x – 4y = 0
B(–4; –7)
A nằm trên Oy, vậy đường cao AO nằm trên trục Oy
BC: y + 7 = 0.
Câu 60. Trong mặt phẳng với hệ tọa độ Oxy, cho tam giác ABC có phương trình cạnh AB:
xy20
, phương trình cạnh AC:
xy2 5 0
. Biết trọng tâm của tam giác G(3; 2).
Viết phương trình cạnh BC.
A AB AC
A(3; 1). Gọi
B b b AB C c c AC( ; 2) , (5 2 ; )
.
Do G là trọng tâm của
ABC nên
bc
bc
3 5 2 9
1 2 6
b
c
5
2
B(5; 3), C(1; 2)
Phương trình cạnh BC:
xy4 7 0
.
Câu 61. Trong mặt phẳng với hệ toạ độ Oxy, cho tam giác ABC có A(2; 7) và đường thẳng AB cắt
trục Oy tại E sao cho
AE EB2
. Biết rằng tam giác AEC cân tại A và có trọng tâm là
G
13
2;
3



. Viết phương trình cạnh BC.
PP toạ độ trong mặt phẳng Trần Sĩ Tùng
Trang 44
Gọi M là trung điểm của BC. Ta có
AG AM
2
3
M(2; 3). Đường thẳng EC qua M và có
VTPT
AG
8
0;
3




nên có PT:
y 3
E(0; 3)
C(4; 3). Mà
AE EB2
nên B(–1; 1).
Phương trình BC:
xy2 5 7 0
.
Câu 62. Trong mặt phẳng với hệ toạ độ Oxy, cho
ABC có đỉnh A(1;2), phương trình đường trung
tuyến BM:
xy2 1 0
và phân giác trong CD:
xy10
. Viết phương trình đường
thẳng BC.
Điểm
C CD x y C t t: 1 0 ( ;1 )
. Suy ra trung điểm M của AC là
tt
M
13
;
22




.
Từ A(1;2), kẻ
AK CD x y: 1 0
tại I (điểm
K BC
).
Suy ra
AK x y x y:( 1) ( 2) 0 1 0
.
Tọa độ điểm I thỏa hệ:
xy
I
xy
10
0;1
10
Tam giác ACK cân tại C nên I là trung điểm của AK
tọa độ của
K( 1;0)
.
Đường thẳng BC đi qua C, K nên có phương trình:
xy
xy
1
4 3 4 0
7 1 8

Câu 63. Trong mặt phẳng với hệ toạ độ Oxy, cho tam giác ABC có phương trình đường phân giác
trong góc A là (d
1
):
xy20
, phương trình đường cao vẽ từ B là (d
2
):
xy2 – 1 0
,
cạnh AB đi qua M(1; –1). Tìm phương trình cạnh AC.
Gọi N là điểm đối xứng của M qua (d
1
)
N AC
.
NN
MN x y( 1, 1)
Ta có:
d
MN n
1
/ / (1; 1)
N N N N
x y x y1( 1) 1( 1) 0 2 (1)
Tọa độ trung điểm I của MN:
I N I N
x x y y
11
(1 ), ( 1 )
22
NN
I d x y
1
11
( ) (1 ) ( 1 ) 2 0
22
NN
xy4 0 (2)
Giải hệ (1) và (2) ta được N(–1; –3)
Phương trình cạnh AC vuông góc với (d
2
) có dạng: x + 2y + C = 0.
N AC C C( ) 1 2.( 3) 0 7.
Vậy, phương trình cạnh AC: x + 2y + 7 = 0.
Câu 64. Trong mặt phẳng với hệ trục tọa độ Oxy, cho tam giác ABC cân tại A, phương trình các
cạnh AB, BC lần lượt là
xy2 1 0
và
xy3 5 0
. Viết phương trình cạnh AC biết AC
đi qua điểm M(1;–3).
Đường thẳng AC có VTPT:
n
1
(1;2)
. Đường thẳng BC có VTPT
n
2
(3; 1)
.
Đường thẳng AC qua M(1; –3) nên PT có dạng:
a x b y a b
22
( 1) ( 3) 0 ( 0)
ABC cân tại đỉnh A nên ta có:
AB BC AC BCcos( , ) cos( , )
ab
ab
2 2 2 2 2 2 2 2
3 2 3
1 2 3 1 3 1


a ab b a b a b
22
12
22 15 2 0
2 11
Với
ab
1
2
, chọn a = 1, b = 2 ta được AC:
xy2 5 0
(loại vì khi đó AC//AB)
Với
ab
2
11
, chọn a = 2, b = 11 ta được AC:
xy2 11 31 0
.
Câu hỏi tương tự:
Trần Sĩ Tùng PP toạ độ trong mặt phẳng
Trang 45
a)
AB x y:12 23 0
,
BC x y:2 5 1 0
,
M(3;1)
ĐS:
AC x y:8 9 33 0
.
b)
AB x y: 2 6 0
,
BC x y: 3 2 0
,
M(3;2)
. ĐS:
AC x y: 2 7 0
.
Câu 65. Trong mặt phẳng với hệ tọa độ Oxy, cho tam giác ABC có điểm A(2; 3), đường phân giác
trong góc A có phương trình
xy10
, tâm đường tròn ngoại tiếp tam giác ABC là I(6; 6)
và diện tích tam giác ABC gấp 3 lần diện tích tam giác IBC. Viết phương trình đường thẳng
chứa cạnh BC.
Gọi (C) là đường tròn ngoại tiếp tam giác ABC. (C) có tâm
I(6;6)
và bán kính
R IA 5
(C):
xy
22
( 6) ( 6) 25
Gọi D là giao điểm của (C) với đường thẳng
xy10
D(9;10)
Ta có:
ID BC
ID (3;4)
là VTPT của BC
Phương trình BC có dạng :
x y m3 4 0
Theo đề bài ta có
ABC IBC
SS3

d A BC d I BC( , ) 3 ( , )
mm18 3 42
m
m
54
36


Vậy có hai đường thẳng thỏa YCBT :
xy3 4 54 0
và
xy3 4 36 0
Câu 66. Trong mặt phẳng với hệ tọa độ Oxy, cho tam giác ABC có trực tâm
H( 1;4)
, tâm đường
tròn ngoại tiếp
I( 3;0)
và trung điểm của cạnh BC là
M(0; 3)
. Viết phương trình đường
thẳng AB, biết điểm B có hoành độ dương.
Giả sử N là trung điểm của AC. Vì
ABH ~
MNI và HA // MI nên
HA MI2
A( 7;10)
Ta có:
IA IB IM MB,
Toạ độ điểm B thoả hệ:
xy
xy
22
( 3) 116
3 3( 3) 0
B(7;4)
.
Vậy: Phương trình
AB x y:3 7 49 0
.
Câu 67. Trong mặt phẳng với hệ tọa độ Oxy, cho tam giác ABC có A(3; 3), B(2; –1), C(11; 2). Viết
phương trình đường thẳng đi qua A và chia ABC thành hai phần có tỉ số diện tích bằng 2.
x y x y3 2 –15 0; 2 5 –12 0
.
Câu 68. Trong mặt phẳng với hệ toạ độ Oxy, cho 2 đường thẳng
d x y
1
:2 5 3 0
;
d x y
2
:5 2 7 0
cắt nhau tại A và điểm
P( 7;8)
. Viết phương trình đường thẳng
d
3
đi qua
P tạo với
d
1
,
d
2
thành tam giác cân tại A và có diện tích bằng
29
2
.
Ta có
A(1; 1)
và
dd
12
. PT các đường phân giác của các góc tạo bởi
d
1
,
d
2
là:
1
:
xy7 3 4 0
và
2
:
xy3 7 10 0
d
3
tạo với
d
1
,
d
2
một tam giác vuông cân
d
3
vuông góc với
1
hoặc
2.
.
Phương trình của
d
3
có dạng:
x y C7 3 0
hay
x y C3 7 0
Mặt khác,
d
3
qua
P( 7;8)
nên C = 25 ; C
= 77.
Suy ra :
d x y
3
: 7 3 25 0
hay
d x y
3
:3 7 77 0
Theo giả thiết tam giác vuông cân có diện tích bằng
29
2
cạnh huyền bằng
58
PP toạ độ trong mặt phẳng Trần Sĩ Tùng
Trang 46
Suy ra độ dài đường cao A H =
58
2
=
d A d
3
( , )
Với
d x y
3
: 7 3 25 0
thì
d A d
3
58
( ; )
2
( thích hợp)
Với
d x y
3
:3 7 77 0
thì
d A d
3
87
( ; )
58
( loại )
Câu 69. Trong mặt phẳng với hệ toạ độ Oxy, cho 4 điểm A(1;0), B(–2;4), C(–1;4), D(3;5). Tìm toạ
độ điểm M thuộc đường thẳng
xy( ):3 5 0
sao cho hai tam giác MAB, MCD có diện
tích bằng nhau.
Phương trình tham số của
:
xt
yt35

. M
M(t; 3t – 5)
MAB MCD
S S d M AB AB d M CD CD( , ). ( , ).
tt
7
9
3
MM
7
( 9; 32), ;2
3




Câu 70. Trong mặt phẳng tọa độ Oxy, cho tam giác ABC cân tại A có phương trình 2 cạnh AB, AC
lần lượt là
xy2 2 0
và
xy2 1 0
, điểm
M(1;2)
thuộc đoạn BC. Tìm tọa độ điểm D
sao cho
DB DC.
có giá trị nhỏ nhất.
Phương trình BC có dạng:
a x b y a b
22
( 1) ( 2) 0, 0
.
ABC cân tại A nên
a b a b
ab
BC
ab
a b a b
2 2 2 2
22
cos cos
. 5 . 5



Với
ab
: chọn
ba1, 1
BC: x y 10
BC
21
(0;1), ;
33



M không thuộc
đoạn BC.
Với
ab
: chọn
ab1
BC x y: 3 0
BC(4; 1), ( 4;7)
M thuộc đoạn BC.
Gọi trung điểm của BC là
I(0;3)
.Ta có:
BC BC
DB DC DI IB DI IC DI
22
2
. ( ).( )
44
Dấu "=" xảy ra
DI
. Vậy
DB DC.
nhỏ nhất khi D(0; 3).
Câu 71. Trong mặt phẳng với hệ toạ độ Oxy, cho điểm A(2;–3), B(3;–2), tam giác ABC có diện tích
bằng
3
2
; trọng tâm G của ABC nằm trên đường thẳng (d):
xy3 – –8 0
. Tìm bán kính
đường tròn nội tiếp ABC.
Gọi C(a; b), (AB): x –y –5 =0
d(C; AB) =
ABC
ab
S
AB
5
2
2

ab
ab
ab
8 (1)
53
2 (2)


; Trọng tâm G
ab55
;
33




(d)
3a –b =4 (3)
(1), (3)
C(–2; 10)
r =
S
p
3
2 65 89

(2), (3)
C(1; –1)
S
r
p
3
2 2 5

Câu 72. Trong mặt phẳng toạ độ
Oxy,
cho tam giác
ABC
có diện tích bằng
96
. Gọi
M(2;0)
là
Trần Sĩ Tùng PP toạ độ trong mặt phẳng
Trang 47
trung điểm của
AB,
phân giác trong của góc
A
có phương trình:
d x y: 10 0
. Đường
thẳng
AB
tạo với d một góc thỏa mãn
3
cos
5
a
. Xác định các đỉnh của tam giác
ABC
.
Gọi
M '
đối xứng với
M(2;0)
qua
d x y: 10 0
M '(10; 8)
.
PT đường thẳng AB qua
M(2;0)
có dạng:
a x by( 2) 0
.
AB tạo với
d x y: 10 0
một góc
ab
ab
ba
ab
22
3
7
cos
7
5
2
a
Với
ab7
AB:
xy7 14 0
.
AB
cắt d tại
AA(3; 7)
B(1;7)
AB 10 2
AM B ABC
S AB d M AB S AC AM C
'
11
. ( ', ) 48 2 ' (17; 9)
22

Với
ba7
AB:
xy7 2 0
.
AB
cắt
d
tại
AA(9; 1)
B( 5;1)
AB 10 2
AM B ABC
S AB d M AB S AC AM C
'
11
. ( ', ) 48 2 ' (11; 15)
22

Vậy,
A B C(3; 7), (1;7), (17; 9)
hoặc
A B C(9; 1), ( 5;1), (11; 15)
.
Câu 73. Trong mặt phẳng toạ độ
Oxy,
cho tam giác ABC vuông tại A. Đỉnh B(1; 1). Đường thẳng
AC có phương trình:
xy4 3 32 0
. Trên tia BC lấy điểm M sao cho
BC BM. 75
. Tìm
đỉnh C biết bán kính của đường tròn ngoại tiếp tam giác AMC bằng
55
2
.
Đường thẳng (AB) qua B và vuông góc với (AC)
AB x y( ):3 4 1 0
A(5;4)
.
Gọi E là giao điểm của đường tròn ngoại tiếp của tam giác AMC với BA thì ta có:
BA BE BM BC. . 75
( vì M nằm trên tia BC )
tìm được
E(13;10)
.
Vì
AEC vuông tại A nên CE là đường kính của đường tròn ngoại tiếp
AMC
EC 55
.
Do đó C là giao của đường tròn tâm E bán kính r =
55
với đường thẳng AC.
Toạ độ của C là nghiệm của hệ
xy
xy
22
4 3 32 0
( 13) ( 10) 125
xy
xy
2; 8
8; 0


.
Vậy:
C(2;8)
hoặc
C(8;0)
.
Câu 74. Trong mặt phẳng toạ độ
Oxy,
cho tam giác ABC vuông tại A, phương trình đường thẳng
BC:
xy3 3 0
, các đỉnh A và B nằm trên trục hoành và bán kính đường tròn nội tiếp
tam giác ABC bằng 2. Tìm toạ độ trọng tâm G của tam giác ABC.
Toạ độ điểm B là nghiệm của hệ:
xy
y
3 3 0
0
B(1;0)
.
Đường thẳng BC có hệ số góc
k 3
nên
ABC
0
60
đường phân giác trong BE của tam
giác ABC có hệ số góc
k
3
3
nên có phương trình:
yx
33
33

.
Tâm
I a b( ; )
của đường tròn nội tiếp
ABC thuộc BE và
d I Ox( , ) 2
nên:
b 2
.
+ Với
b 2
a 1 2 3
I(1 2 3;2)
.
+ Với
b 2
a 1 2 3
I(1 2 3; 2)
.
Đường phân giác trong AF có dạng:
y x m
. Vì AF đi qua I nên:
+ Nếu
I(1 2 3;2)
thì
m 3 2 3
AF y x( ): 3 2 3
A(3 2 3;0)
.
PP toạ độ trong mặt phẳng Trần Sĩ Tùng
Trang 48
Do AC
Ox nên AC có phương trình:
x 3 2 3
. Từ đó suy ra
C(3 2 3;6 2 3)
.
Suy ra toạ độ trọng tâm
G
4 4 3 6 2 3
;
33




.
+ Nếu
I(1 2 3; 2)
thì
m 1 2 3
AF y x( ): 1 2 3
A( 1 2 3;0)
.
Do AC
Ox nên AC có phương trình:
x 1 2 3
. Từ đó suy ra
C 1 2 3; 6 2 3
.
Suy ra toạ độ trọng tâm
G
1 4 3 6 2 3
;
33



.
Vậy có hai điểm thoả YCBT:
G
4 4 3 6 2 3
;
33




hoặc
G
1 4 3 6 2 3
;
33



.
Câu 75. Trong mặt phẳng toạ độ
Oxy,
cho tam giác ABC cân tại A. Đỉnh A có toạ độ là các số
dương, hai điểm B, C nằm trên trục Ox, phương trình cạnh
AB y x: 3 7( 1)
. Biết chu vi
của ABC bằng 18, tìm toạ độ các đỉnh A, B, C.
Ta có:
B AB Ox()
B(1;0)
. Giả sử
A a a;3 7( 1)
(
a 1
vì
AA
xy0, 0
).
Gọi AH là đường cao của
ABC
Ha( ;0)
Ca(2 1;0)
.
BC a AB AC a2( 1), 8( 1)
.
ABC
Pa18 2
CA(3;0), 2;3 7
.
Vậy:
A 2;3 7
,
B(1;0)
,
C(3;0)
.
| 1/22

Tài liệu khác của Toán 10

Preview text:

Trần Sĩ Tùng
PP toạ độ trong mặt phẳng TĐP 04: TAM GIÁC
Câu 1. Trong mặt phẳng với hệ toạ độ Oxy, cho ABC biết: B(2; –1), đường cao qua A có phương trình d 3 – 4  27  0  2 –5  0 1: x y
, phân giác trong góc C có phương trình d2: x y . Tìm toạ độ điểm A. x  2 y 1
Phương trình BC:   3
4 Toạ độ điểm C( 1;3)
+ Gọi B’ là điểm đối xứng của B qua d2, I là giao điểm của BB’ và d2. x  2 y 1
phương trình BB’:
 2x y  5  0 1 2
2x y  5  0 x  3
+ Toạ độ điểm I là nghiệm của hệ:     I(3;1)
x  2y  5  0 y  1
x  2x x  4
+ Vì I là trung điểm BB’ nên: B' I B   B(4;3) y B  2y ' I yB  3
+ Đường AC qua C và B’ nên có phương trình: y –3 =0. y  3  0 x  5 
+ Toạ độ điểm A là nghiệm của hệ:     A( 5  ;3) 3
x  4y  27  0 y  3
Câu 2. Trong mặt phẳng với hệ toạ độ Oxy, cho tam giác ABC có đường cao AH, trung tuyến CM  
và phân giác trong BD. Biết H M 17 ( 4;1),  ;12    . Tìm 5
 và BD có phương trình x y 5 0  
tọa độ đỉnh A của tam giác ABC.
Đường thẳng qua H và vuông góc với BD có PT: x y  5  0.   BD I I(0;5)
Giả sử   AB H ' . BHH ' cân tại B I là trung điểm của HH '  H '(4;9).  
Phương trình AB: 5x y  29  0 . B = AB BD B(6; 1
 ) A 4 ;25  5   
Câu 3. Trong mặt phẳng với hệ toạ độ Oxy, cho tam giác ABC có đỉnh C(4; 3). Biết phương trình
đường phân giác trong (AD): x  2y  5  0 , đường trung tuyến (AM): 4x 1 y 3 10  0 . Tìm toạ độ đỉnh B.
Ta có A = AD AM A(9; –2). Gọi C là điểm đối xứng của C qua AD C AB. x  9 y  2
Ta tìm được: C(2; –1). Suy ra phương trình (AB):   7  5  0 2  9 1   2 x y .
Viết phương trình đường thẳng Cx // AB (Cx): x  7y  25  0 3
Câu 4. Trong mặt phẳng với hệ toạ độ Oxy, cho tam giác ABC có diện tích bằng 2 , A(2;–3),
B(3;–2). Tìm toạ độ điểm C, biết điểm C nằm trên đường thẳng (d): 3x – y – 4  0 . x t PTTS của d:
. Giả sử C(t; –4 + 3t) d. y  4   t 3 2 S 1 3  AB AC A 1 . .sin 
AB2.AC2   AB.AC 2 t  2  4  4 1  3 2 2
= 2 t t t  1
C(–2; –10) hoặc C(1;–1). Trang 27
PP toạ độ trong mặt phẳng
Trần Sĩ Tùng 3
Câu 5. Trong mặt phẳng Oxy, cho tam giác ABC biết A(2; –3), B(3; –2), có diện tích bằng 2 và
trọng tâm G thuộc đường thẳng  : 3x – y –8  0 . Tìm tọa độ đỉnh C.  
Ta có: AB = 2 , trung điểm M 5 5  ;
. Phương trình AB: x y  5  0 2 2    . 1 3 3
SABC AB d. C
( , AB)   d C ( , AB)  2 2 . 2 t  ( t 3  8)  5 1 t  1 Gọi G t ( ; t
3  8) d G AB 1 ( , )  2 2 2 t  2
Với t 1 G(1; –5) C(–2; –10) Với t  2 G(2; –2) C(1; –1)
Câu hỏi tương tự: a) Với A(2; 1
 ) , B(1; 2), S 27 ABC   :   2  0   2 , G x y
. ĐS: C(18; 12) hoặc C( 9;15)
Câu 6. Trong mặt phẳng với hệ toạ độ Oxy , cho đường thẳng d : x  2y  3  0 và hai điểm A( 1
 ;2) , B(2;1) . Tìm toạ độ điểm C thuộc đường thẳng d sao cho diện tích tam giác ABC bằng 2.
AB  10 , C( 2
a  3;a)  d. Phương trình đường thẳng AB : x  3y  5  0 . 1 1 a  2 a  6 S ABC 2    AB d . C ( , AB)  2  10.  2  2 2 10 a  2 
Với a  6 ta có C( 9  ;6) Với a  2  ta có C(7; 2  ) .
Câu hỏi tương tự:
a) Với d : x  2y 1  0 , A(1; 0), B(3; 1) , SABC  6 .
ĐS: C(7;3) hoặc C( 5  ; 3  ) .
Câu 7. Trong mặt phẳng với hệ toạ độ Oxy, cho tam giác ABC có A(2; –3), B(3; –2), diện tích tam
giác bằng 1,5 và trọng tâm I nằm trên đường thẳng d: 3x y  8  0 . Tìm toạ độ điểm C. 2SABC 3 1 1
Vẽ CH AB, IK AB. AB = 2  CH =   AB IK = CH . 2 3 2
Giả sử I(a; 3a – 8) d.
Phương trình AB: x y  5  0 . a  2
d(I, AB)  IK 3  2a  1
I(2; –2) hoặc I(1; –5). a  1
+ Với I(2; –2) C(1; –1)
+ Với I(1; –5) C(–2; –10).
Câu 8. Trong mặt phẳng với hệ toạ độ Oxy, cho tam giác ABC có A(1;0), B(0;2) , diện tích tam
giác bằng 2 và trung điểm I của AC nằm trên đường thẳng d: y x . Tìm toạ độ điểm C.
Phương trình AB : 2x y  2  0 . Giả sử I t(;t)d C( t 2 1; t 2 ) . 1
Theo giả thiết: SABC AB d . C ( , AB)  2 6  4  4   2 t t t 4 0; 3 .  
+ Với t  0 C( 1  ;0) + Với t 4  3 C 5 8  ; 3 3  .  
Câu 9. Trong mặt phẳng với hệ toạ độ Oxy, cho tam giác ABC có A(3; 5); B(4; –3), đường phân
giác trong vẽ từ C là d : x  2y  8  0 . Lập phương trình đường tròn ngoại tiếp tam giác ABC. Trang 28
Trần Sĩ Tùng
PP toạ độ trong mặt phẳng
Gọi E là điểm đối xứng của A qua d E BC. Tìm được E(1;1)
PT đường thẳng BC: 4x  3y 1  0 . C d BC C( 2  ;5). 2 2 2 2
Phương trình đường tròn (ABC) có dạng: x y a 2 x b
2 y c  0; a b c  0
 4a 10b c  2  9   1 5 9  9
Ta có A, B, C (ABC)  6
a 10b c  3
 4  a  ;b  ; c  2 8 4   a
8  6b c  2  5  2 2 5 99
Vậy phương trình đường tròn là: x y x y   0 4 4 .
Câu 10. Trong mặt phẳng với hệ toạ độ Oxy, cho tam giác ABC có trung điểm cạnh AB là M( 1
 ;2) , tâm đường tròn ngoại tiếp tam giác là I(2; 1
 ). Đường cao của tam giác kẻ từ A có
phương trình 2x y 1  0 . Tìm toạ độ đỉnh C.
PT đường thẳng AB qua M và nhận MI  (3; 3
 )làm VTPT: (AB) : x y  3  0 .
x y  3  0  
Toạ độ điểm A là nghiệm của hệ: A 4 5   ;  .
2x y 1  0  3 3    M( 1
 ;2) là trung điểm của AB nên B 2 7   ; 3 3  .   x 2    2t  3
Đường thẳng BC qua B và nhận n  (2;1) làm VTCP nên có PT: y 7   t  3  2 7 
Giả sử C    t
2 ;  t (BC) .  3 3  2 2 2 2  8   10   8  10  t  0 l
( oaïi vì C B)
Ta có: IB IC   t
2    t         4 3 3 3  3          t   5   Vậy: C 14 47  ; 15 15  .  
Câu 11. Trong mặt phẳng với hệ toạ độ Oxy, cho tam giác ABC với AB  5 , đỉnh C( 1  ; 1  ) ,
đường thẳng AB có phương trình x  2y  3  0 , trọng tâm của ABC thuộc đường thẳng
d : x y  2  0 . Xác định toạ độ các đỉnh A, B của tam giác ABC.  2a 1 2 G x   3
Gọi I(a;b) là trung điểm của AB, G là trọng tâm ABC CG CI 3  2b 1 G y   3 2a 1 2b 1 Do G d nên   2  0 3 3
Toạ độ điểm I là nghiệm của hệ:
a  2b  3  0  a  5
2a 1 2b 1  
 2  0
I (5; 1) .  b  1   3 3
A,B (AB) 
x  2y  3  0  Ta có   5 IA
Toạ độ các điểm A, B là các nghiệm của hệ: IB 5  2 2 
(x  5)  (y 1)   2  4 Trang 29
PP toạ độ trong mặt phẳng
Trần Sĩ Tùng x y 1 4;    2  1   3   3   1 
A  4; , B  6;  6; ,  4;  x y 3 6;    2   2  hoặc A B  2   2  .  2
Câu 12. Trong mặt phẳng với hệ toạ độ Oxy, cho điểm G(2;1) và hai đường thẳng d x y 1 : 2  7  0 , d x y 2 : 5
 8  0 . Tìm toạ độ điểm B d ,C d 1 2 sao cho tam giác ABC
nhận điểm G làm trọng tâm, biết A là giao điểm của d , d 1 2 .
x  2y  7  0 x  1
Toạ độ điểm A là nghiệm của hệ:  
A(1;3) .
5x y  8  0 y  3
Giả sử B(7  2b;b) d ; C c ( ;8  c 5 )d 1 2 .
xA xB C x  G x  3
2b c  2 b  2
Vì G là trọng tâm của ABC nên: y . A yB   C yb c 5  8  c  2 G y   3
Vậy: B(3;2), C(2; 2  ) .
Câu 13. Trong mặt phẳng với hệ toạ độ Oxy, cho tam giác ABC có A(2;1) . Đường cao BH có
phương trình x  3y  7  0 . Đường trung tuyến CM có phương trình x y 1  0 . Xác định
toạ độ các đỉnh B, C. Tính diện tích tam giác ABC.
AC qua A và vuông góc với đường cao BH (AC) : x  3y  7  0 .
x  3y  7  0
Toạ độ điểm C là nghiệm của hệ: C(4; 5  ) .
x y 1  0 2  x 1 y 2  x 1 y
Trung điểm M của AB có: B B xM  ; yM  ( )  1  0 2 2 . M CM B B 2 2 .
x  3y  7  0 
Toạ độ điểm B là nghiệm của hệ: 2  xB 1 yB   
1  0 B( 2; 3) .  2 2
x  3y  7  0  
Toạ độ điểm H là nghiệm của hệ:   3  H 14 7 ;  .
x y  7  0  5 5  8 10 1 1 8 10 BH  ; AC  2 10 SAC B . H  .2 10.  16 5
ABC 2 2 5 (đvdt).
Câu 14. Trong mặt phẳng với hệ toạ độ Oxy, cho tam giác ABC có A(4; 2
 ) , phương trình đường
cao kẻ từ C và đường trung trực của BC lần lượt là: x y  2  0 , 3x  4y  2  0 . Tìm toạ độ các đỉnh B và C.
Đường thẳng AB qua A và vuông góc với đường cao CH (AB) : x y  2  0. b cb c
Gọi B(b;2  b)(AB) , C c ( ;c  2) C
( H) Trung điểm M của BC: M 4  ; 2 2    .
Vì M thuộc trung trực của BC nên: 3(b c)  4(4  b c)  4  0 b c 7 12  0 (1) BC c
(  b;c b)là 1 VTPT của trung trực BC nên 4 c (  b)  3 c
(  b) c b 7 (2) 7 1  1 9   7 1 
Từ (1) và (2) c   , b   . Vậy B  ; , C   ; 4 4 4 4 4 4      . Trang 30
Trần Sĩ Tùng
PP toạ độ trong mặt phẳng
Câu 15. Trong mặt phẳng Oxy, cho tam giác ABC cân tại A( 1
 ;4) và các đỉnh B, C thuộc đường
thẳng  : x y  4  0 . Xác định toạ độ các điểm B, C, biết diện tích tam giác ABC bằng 18.  
Gọi H là trung điểm của BC H là hình chiếu của A trên H 7 1  ;  2 2    AH 9 2 1
Theo giả thiết: SABC 18  BC.AH 18  BC  4 2   2 HB HC 2 2 .
x y  4  0  11 3  x  ; y  2 2  2 2
Toạ độ các điểm B, C là các nghiệm của hệ:    x 7     y 1       8 3 5    2   2 
x  ; y    2 2 11 3   3 5   3 5  11 3 
Vậy B ; ,C  ;  ; ,  ; 2 2 2 2       hoặc B C  2 2   2 2  .
Câu 16. Trong mặt phẳng với hệ trục tọa độ Oxy, cho hai đường thẳng d    1: x y 5 0, d2:
x  2y –7  0 và tam giác ABC có A(2; 3), trọng tâm là điểm G(2; 0), điểm B thuộc d1 và
điểm C thuộc d2 . Viết phương trình đường tròn ngoại tiếp tam giác ABC.
Do B d1 nên B(m; – m – 5), C d2 nên C(7 – 2n; n)
2  m  7  2n  3.2 m  1 
Do G là trọng tâm ABC nên  3 
B(–1; –4), C(5; 1)
  m  5  n  3.0 n  1 2 2 83 17 338
PT đường tròn ngoại tiếp ABC: x y x y   0 27 9 27
Câu 17. Trong mặt phẳng với hệ toạ độ Oxy, cho tam giác ABC có A(4;6) , phương trình các
đường thẳng chứa đường cao và trung tuyến kẻ từ đỉnh C lần lượt là d x y 1 : 2 13  0 và d x y 2 : 6
13  29  0 . Viết phương trình đường tròn ngoại tiếp tam giác ABC .
Đường cao CH : 2x y 13  0 , trung tuyến CM : 6x 13y  29  0 C( 7  ; 1)
PT đường thẳng AB: x  2y 16  0 . M CM AB M(6;5) B(8;4). 2 2
Giả sử phương trình đường tròn (C) ngoại tiếp ABC : x y mx ny p  0.
52  4m  6n p  0 m  4   
Vì A, B, C (C) nên 80   m
8  4n p  0  n  6 .
50  7m n p  0  p  72   2 2
Suy ra PT đường tròn: x y  4x  6y  72  0 .
Câu 18. Trong mặt phẳng toạ độ Oxy, cho tam giác ABC, có điểm A(2; 3), trọng tâm G(2; 0). Hai
đỉnh B và C lần lượt nằm trên hai đường thẳng d x y 1 :
 5  0 và d x y 2 : 2 – 7  0 . Viết
phương trình đường tròn có tâm C và tiếp xúc với đường thẳng BG. Giả sử B( 5
  b;b)d ; C(7  c 2 ;c)d 1 2 .
x x  2  6
Vì G là trọng tâm ABC nên ta có hệ: B Cy
B(–1;–4) , C(5; 1). B C y  3  0
Phương trình BG: 4x –3y –8  0 . Bán kính R d C BG 9 ( , )  5 2 2 81
Phương trình đường tròn: (x –5)  (y –1)  25 Trang 31
PP toạ độ trong mặt phẳng
Trần Sĩ Tùng
Câu 19. Trong mặt phẳng với hệ toạ độ Oxy, cho tam giác ABC có A( 3
 ;6) , trực tâm H(2;1) ,   trọng tâm G 4 7 ; 
. Xác định toạ độ các đỉnh B và C. 3 3    2  7 1 
Gọi I là trung điểm của BC. Ta có AG AI I ; 3  2 2   
Đường thẳng BC qua I vuông góc với AH có phương trình: x y  3  0
Vì I là trung điểm của BC nên giả sử B(xB;yB) thì C(7  xB;1 yB) và xB yB  3  0 .
H là trực tâm của tam giác ABC nên CH AB ; CH  ( 5
  xB;yB), AB  (xB  3;yB  6) x y  3 x  1 x  6 B B B B
CH.AB  0      (x
B  5)(xB  3)  (yB  6)  0 yB  2  yB  3 Vậy B1; 2
 ,C6;3 hoặc B6;3,C1; 2  
Câu 20. Trong mặt phẳng với hệ toạ độ Oxy, cho tam giác ABC với A(1; –2), đường cao
CH : x y 1  0 , phân giác trong BN : 2x y  5  0 . Tìm toạ độ các đỉnh B, C và tính diện tích tam giác ABC.
Do AB CH nên phương trình AB: x y 1  0 .
2x y  5  0 x  4 
+ B = AB BN Toạ độ điểm B là nghiệm của hệ:   B( 4  ;3) .
x y 1  0 y  3
+ Lấy A’ đối xứng với A qua BN thì A' BC .
Phương trình đường thẳng (d) qua A và vuông góc với BN là (d): x  2y  5  0 .
2x y  5  0
Gọi I  (d)  BN . Giải hệ:
. Suy ra: I(–1; 3) A'( 3  ; 4  )
x  2y  5  0  
+ Phương trình BC: 7x y  25  0 . Giải hệ: BC : 7x y  25  0  C 13 9   ;    4 4  .
CH : x y 1  0 2 2  13   9  450 7.11( 2  )  25 + BC   4     3   
, d(A; BC)   3 2 .  4   4  4 2 2 7 1 1 1 450 45
Suy ra: SABC d(A;BC) B . C  .3 2.  . 2 2 4 4
Câu 21. Trong mặt phẳng với hệ toạ độ Oxy, cho ABC , với đỉnh A(1; –3) phương trình đường phân
giác trong BD: x y  2  0 và phương trình đường trung tuyến CE: x  8y  7  0 . Tìm toạ độ các đỉnh B, C.
b 1 1 b
Gọi E là trung điểm của AB. Giả sử B(b;2  b)BD E ; CE    2 2  b 3   B( 3
 ;5) . Gọi A là điểm đối xứng của A qua BD A BC. Tìm được A(5; 1)
x  8y  7  0
Phương trình BC: x  2y  7  0 ; C CE BC :   C(7;0) .
x  2y  7  0
Câu 22. Trong mặt phẳng với hệ tọa độ Oxy , cho tam giác ABC có đỉnh A(3; –4). Phương trình
đường trung trực cạnh BC, đường trung tuyến xuất phát từ C lần lượt là d x y 1 : 1  0 và d x y 2 : 3
 9  0 . Tìm tọa độ các đỉnh B, C của tam giác ABC. Trang 32
Trần Sĩ Tùng
PP toạ độ trong mặt phẳng Gọi C c ( ; c
3  9) d2 và M là trung điểm của BC M(m;1 m)d1. m c   m c B( m 2  c;11 m 2  c
3 ). Gọi I là trung điểm của AB, ta có I 2 3 7 2 3  ; 2 2    .
2m c  3 7  2m c 3
Vì I (d2) nên 3.   9  0   2 2 m
2 M(2; 1)
Phương trình BC: x y  3  0 .
C BC d CB 2 (3;0) (1; 2)  .
Câu 23. Trong mặt phẳng với hệ tọa độ Oxy, cho tam giác ABC cân tại A có đỉnh A(6; 6), đường
thẳng d đi qua trung điểm của các cạnh AB và AC có phương trình x + y 4 = 0. Tìm tọa độ
các đỉnh B và C, biết điểm E(1; 3) nằm trên đường cao đi qua đỉnh C của tam giác đã cho.
Gọi H là chân đường cao xuất phát từ A H đối xứng với A qua d H( 2  ; 2  )
PT đường thẳng BC: x y  4  0 . Giả sử B(m; 4
  m) BC C( 4
  m;m)
CE  (5  m; 3
  m), AB  (m  6; 1  0  m) .
Vì CE AB nên AB C
. E  0  (m  6)(m  5)  (m  3)(m 10)  0  m  0; m  6  . Vậy: B(0; 4  ), C( 4  ;0) hoặc B( 6  ;2), C(2; 6  ) .
Câu 24. Trong mặt phẳng với hệ tọa độ Oxy, cho tam giác ABC có đỉnh A(2;4) . Đường thẳng 
qua trung điểm của cạnh AB và AC có phương trình 4x  6y  9  0 ; trung điểm của cạnh BC
nằm trên đường thẳng d có phương trình: 2x  2y 1  0 . Tìm tọa độ các đỉnh B và C, biết 7
rằng tam giác ABC có diện tích bằng 2 và đỉnh C có hoành độ lớn hơn 1.  
Gọi A’ là điểm đối xứng của A qua , ta tính được A 40 31 ' ;  : 2  3 1  0
13 13  BC x y    
Ta gọi M là trung điểm của BC, thì M là giao của đường thẳng d và BC nên M 5 ;2  2 .    t 3 1  1 7 1 7 Giả sử C ;t (BC)  S
d(A;BC) B . C   B
. C BC  13 2  . Ta có   ABC 2 2 2 13  t 2 3  6  13  CM 13  2 t  3 C     t  (4;3) (  2)    2
B(1;1) .  2  2 t 1 C    (1;1) l ( oaïi)
Vậy: B(1;1) , C(4;3) .
Câu 25. Trong mặt phẳng với hệ tọa độ Oxy, cho ABC có tọa độ đỉnh B(3; 5) , phương trình
đường cao hạ từ đỉnh A và đường trung tuyến hạ từ đỉnh C lần lượt là d1: 2x – 5y + 3 = 0 và
d2 : x + y – 5 = 0. Tìm tọa độ các đỉnh A và C của tam giác ABC.  b 5  3 
Gọi M là trung điểm AB thì M d2 nên M(a;5 a). Đỉnh A d1 nên A ;b  2  .  
x x  2x 4a b 5  3 a  2
M là trung điểm AB: A B My     A(1; 1).
A yB  2yM
2a b  5 b  1
Phương trình BC: 5x  2y  25  0 ; C d BC 2 C(5; 0).
Câu 26. Trong mặt phẳng toạ độ với hệ toạ độ Oxy, cho ABC với AB  5, đỉnh C( 1  ; 1  ) ,
phương trình cạnh AB : x  2y  3  0 và trọng tâm G của ABC thuộc đường thẳng Trang 33
PP toạ độ trong mặt phẳng
Trần Sĩ Tùng
d : x y  2  0 . Xác định tọa độ các đỉnh A,B của tam giác.
Gọi I(x;y) là trung điểm AB , G( G x ; G
y ) là trọng tâm của ABC  2x 1 2 G x   3
CG CI  3  2y 1 G y   3 2x 1 2y 1
G d : x y  2  0 nên có: G x G
y  2  0   2  0 3 3
x  2y  3  0 
Tọa độ điểm I thỏa mãn hệ: 2x 1 2y 1  I(5; 1  )   2  0  3 3  AB 2 2 2 2  5
Gọi A(xA;yA)  IA  (xA  5)  (yA 1)    2  .   4
Hơn nữa AAB : x  2y  3  0 suy ra tọa độ điểm A là nghiệm của hệ:
xA  2yA 3  0 xA  4 xA  6        x 2 2 5 1  3
A  5   yA   1  yA   yA    4  2  2  1   3   1   3  Vậy: A 4, ,B 6;  4, , 6; 2   2  hoặc B A     .      2   2 
Câu 27. Trong mặt phẳng với hệ toạ độ Oxy , tìm toạ độ các đỉnh của một tam giác vuông cân, biết đỉnh C(3; 1
 ) và phương trình của cạnh huyền là d : 3x y  2  0 .
Toạ độ điểm C không thoả mãn phương trình cạnh huyền nên ABC vuông cân tại C. Gọi I
là trung điểm của AB . Phương trình đường thẳng CI: x y 3  0 .  
I CI AB I 3 1  ;    
5 5  AI BI CI 72   5
A,B d 3
x y  2  0  3 19   x  ; y  2 2  5 5 Ta có: AI   3   1  72  BI 72  x   y   9 17  5     5      5  5
x   ; y    5 5  3 19   9 17 
Vậy toạ độ 2 đỉnh cần tìm là: ; ,  ;
 5 5   5 5 .    
Câu 28. Trong mặt phẳng với hệ toạ độ Oxy, cho điểm C(2; –5) và đường thẳng  có phương trình:  
3x  4y  4  0 . Tìm trên  hai điểm A và B đối xứng nhau qua I 5 2; 2   sao cho diện tích tam giác ABC bằng 15.  a 3  4   16  a 3  1 Gọi Aa;
   B 4  a; SAB d . C ( ,)  3AB 4 4      ABC 2 AB = 5.   a 2 2 6 3  a  4
AB  5  (4  2a)   25  
. Vậy hai điểm cần tìm là A(0; 1) và B(4; 4).  2    a  0
Câu 29. Trong mặt phẳng với hệ trục tọa độ Oxy cho tam giác ABC với B(1; 2  ) đường cao
AH :x y  3  0 . Tìm tọa độ các đỉnh A, C của tam giác ABC biết C thuộc đường thẳng Trang 34
Trần Sĩ Tùng
PP toạ độ trong mặt phẳng
d :2x y 1  0 và diện tích tam giác ABC bằng 1.
Phương trình BC : x y 1  0 . C = BC d C(2; 3  ). x y
Gọi A(x ; y ) AH x y 0 0 0
0  3  0 (1); BC AH d A BC 0 0 1 2, ( , )  2 1 1 x y 0 0 1
x y 1  2 (2) S 0 0 ABC AH B . C 1  . . 2 1  2 2 x y 2  0 0 1  2  (3) x  1  x  3  Từ (1) và (2) 0    A(1;2) 0    A( 3  ;0) y . Từ (1) và (3)  0  2 y  0  0
Câu 30. Trong mặt phẳng với hệ trục tọa độ Oxy cho tam giác ABC vuông tại A(2;1) , điểm B nằm
trên trục hoành, điểm C nằm trên trục tung sao cho các điểm B, C có toạ độ không âm. Tìm
toạ độ các điểm B, C sao cho tam giác ABC có diện tích lớn nhất.
Giả sử B(b;0), C(0;c), (b,c  0) .
ABC vuông tại A AB.AC  0 c   b
2  5  0  b 5 0  2 . 1 1 2 2 2 2 2
SABC AB.AC
(  2) 1. 2  ( 1)  (  2) 1   4  5 2 = b c b b b 2 Do b 5 0  S  (0;0), (0;5)
2 nên ABC đạt GTLN b 0 B C .
Câu 31. Trong mặt phẳng với hệ toạ độ Oxy, cho tam giác ABC có đỉnh A( 1  ; 3  ) , trọng tâm G(4; 2
 ) , trung trực của AB là d : 3x  2y  4  0 . Viết phương trình đường tròn ngoại tiếp tam giác ABC. 3  
Gọi M là trung điểm của BC AM AG   2 M 13 3 ; 2 2    .
AB d AB nhận d u  (2; 3
 ) làm VTPT Phương trình AB : 2x  3y  7  0 .
Gọi N là trung điểm của AB N = AB d N(2; 1
 ) B(5;1) C(8; 4  ) . 2 2 2 2
PT đường tròn (C) ngoại tiếp ABC có dạng: x y a 2 x b
2 y c  0 ( a b c  0). a 74  
2a  6b c  10 21   23 2 2 148 46 8 Khi đó ta có hệ: 1
 0a  2b c  2
 6 b   . Vậy: C
( ) : x y x y   0 1  7 21 7 3  6a b 8  c  8  0  c 8   3
Câu 32. Trong mặt phẳng với hệ toạ độ Oxy, cho tam giác ABC có trọng tâm G(2, 0) và phương
trình các cạnh AB, AC theo thứ tự là: 4x y 14  0 ; 2x  5y  2  0 . Tìm tọa độ các đỉnh A, B, C.
A(–4, 2), B(–3, –2), C(1, 0)
Câu 33. Trong mặt phẳng với hệ toạ độ Oxy, cho tam giác ABC có trực tâm H( 1  ;6) , các điểm
M(2;2) N(1;1) lần lượt là trung điểm của các cạnh AC, BC. Tìm toạ độ các đỉnh A, B, C.
Đường thẳng CH qua H và vuông góc với MN CH : x y  5  0.
Giả sử C(a;5  a)CH CN  (1 a;a  4) Trang 35
PP toạ độ trong mặt phẳng
Trần Sĩ Tùng
Vì M là trung điểm của AC nên A(4  a;a 1) AH  (a  5;7  a)
Vì N là trung điểm của BC nên B(2  a;a  3) a  3
Vì H là trực tâm ABC nên: AH C
. N  0 (a  5)(1 a)  (7  a)(a  4)  0 a 11  .  2
+ Với a  3 C(3;2), A(1;2),B( 1  ;0)
11 1   3 9   7 5  + Với a 11 
 ; ,   ; ,   ; 2 C A B 2 2 2 2 2 2       
Câu 34. Trong mặt phẳng với hệ toạ độ Oxy, cho tam giác ABC có phân giác trong AD và đường
cao CH lần lượt có phương trình x y  2  0 , x  2y  5  0 . Điểm M(3;0) thuộc đoạn AC
thoả mãn AB  2AM . Xác định toạ độ các đỉnh A, B, C của tam giác ABC.
Gọi E là điểm đối xứng của M qua AD E(2; 1  ) .
Đường thẳng AB qua E và vuông góc với CH (AB) : 2x y  3  0 .
2x y  3  0
Toạ độ điểm A là nghiệm của hệ:
A(1;1) PT (AM) : x  2y  3  0
x y  2  0
Do AB  2AM nên E là trung điểm của AB B(3; 3  ).
x  2y  3  0
Toạ độ điểm C là nghiệm của hệ: C( 1  ;2)
x  2y  5  0
Vậy: A(1;1) , B(3; 3  ), C( 1  ;2) .
Câu hỏi tương tự:  
a) (AD) : x y  0 , C
( H) : 2x y  3  0, M(0; 1
 ) . ĐS: A(1;1); B( 3  ; 1  ) ;C 1  ; 2   2   
Câu 35. Trong mặt phẳng với hệ toạ độ Oxy, cho tam giác ABC cân tại A, đường thẳng BC có
phương trình x  2y  2  0 . Đường cao kẻ từ B có phương trình x y  4  0 , điểm M( 1
 ;0) thuộc đường cao kẻ từ C. Xác định toạ độ các đỉnh của tam giác ABC.
x  2y  2  0
Toạ độ đỉnh B là nghiệm của hệ: B( 2  ;2) .
x y  4  0
Gọi d là đường thẳng qua M và song song với BC d : x  2y 1  0 .
Gọi N là giao điểm của d với đường cao kẻ từ B Toạ độ của N là nghiệm của hệ:
x y  4  0 N( 3  ;1) .
x  2y 1  0  
Gọi I là trung điểm của MN I 1  2; 
. Gọi E là trung điểm của BC  2   
IE là đường trung
trực của BC IE : 4x  2y  9  0 .
x  2y  2  0    
Toạ độ điểm E là nghiệm của hệ: E 7 17   ;  C 4 7   ;  .
4x  2y  9  0  5 10   5 5 
Đường thẳng CA qua C và vuông góc với BN CA x y 3 :   0 5 .
4x  2y  9  0   
Toạ độ đỉnh A là nghiệm của hệ:    x y 3   0 A 13 19 ;  .   10 10   5 Trang 36
Trần Sĩ Tùng
PP toạ độ trong mặt phẳng     Vậy: A 13 19   ;   
10 10  , B( 2;2), C 4 7 ;  .    5 5 
Câu 36. Trong mặt phẳng với hệ toạ độ Oxy, cho tam giác ABC có đỉnh A thuộc đường thẳng d:
x –4y –2  0 , cạnh BC song song với d, phương trình đường cao BH: x y  3  0 và trung
điểm của cạnh AC là M(1; 1). Tìm toạ độ các đỉnh A, B, C.
Ta có AC vuông góc với BH và đi qua M(1; 1) nên có phương trình: y x . x 2
x  4y  2  0     2 2 3 
Toạ độ đỉnh A là nghiệm của hệ :     A  ; y x    y 2  3 3     3  
Vì M là trung điểm của AC nên C 8 8 ;  3 3   x
Vì BC đi qua C và song song với d nên BC có phương trình: y   2 4
x y  3  0  x  4 
BH BC B :  x    B( 4  ;1) y   2  y  1  4
Câu 37. Trong mặt phẳng với hệ tọa độ Oxy, cho tam giác ABC có đường cao
BH : 3x  4y 10  0 , đường phân giác trong góc A là AD có phương trình là x y 1  0 ,
điểm M(0; 2) thuộc đường thẳng AB đồng thời cách C một khoảng bằng 2 . Tìm tọa độ các
đỉnh của tam giác ABC.
Gọi N đối xứng với M qua AD . Ta có N AC và N (1;1) PT cạnh AC : 4x  3y 1  0  
A AC AD A(4;5) . AB đi qua M, A PT cạnh AB : 3x  4y  8  0 B 1  3;   4    
Gọi C(a;b) AC  4a b
3 1  0 , ta có MC  2  C(1;1) hoặc C 31 33 ;  25 25.  
Kiểm tra điều kiện B, C khác phía với AD, ta có cả hai điểm trên đều thỏa mãn.
Câu 38. Trong mặt phẳng với hệ toạ độ Oxy, cho tam giác ABC có điểm M(–1; 1) là trung điểm
của cạnh BC, hai cạnh AB, AC lần lượt nằm trên hai đường thẳng d    1: x y 2 0 và d2:
2x  6y  3  0 . Tìm toạ độ các đỉnh A, B, C.
x y  2  0  
Toạ độ điểm A là nghiệm của hệ: A 15 7  ; 
2x  6y  3  0  4 4  .    c
Giả sử: B(b;2  b)  d C c 3 2 ;  1, 6  d  
2. M(–1; 1) là trung điểm của BC b c  1    1 2  b   4      3   c    b 2 2  B 1 7  ;    9  4 4  , C 9 1 ;  4 4  . 6 c     1  2  4
Câu 39. Trong mặt phẳng với hệ tọa độ Oxy, cho ABC cân có đáy là BC. Đỉnh A có tọa độ là các
số dương, hai điểm B và C nằm trên trục Ox, phương trình cạnh AB : y  3 7(x 1) . Biết chu Trang 37
PP toạ độ trong mặt phẳng
Trần Sĩ Tùng
vi của ABC bằng 18, tìm tọa độ các đỉnh A, B, C.
AAB Aa;3 7(a 1)
B AB Ox B(1;0) ,
a 1 (do xA  0,yA  0 ).
Gọi AH là đường cao ABC H(a;0)  C(2a 1;0)  BC  2(a 1), AB AC  8(a 1) .
Chu vi ABC 18  a  2  C(3;0), A2;3 7 .
Câu 40. Trong mặt phẳng với hệ tọa độ Oxy, cho tam giác ABC biết phương trình các đường thẳng
chứa các cạnh AB, BC lần lượt là 4x  3y – 4  0 ; x – y –1  0 . Phân giác trong của góc A
nằm trên đường thẳng x  2y –6  0 . Tìm tọa độ các đỉnh của tam giác ABC.
4x  3y  4  0 x  2 
Tọa độ của A nghiệm đúng hệ phương trình:     A( 2  ;4)
x  2y  6  0 y  4
4x  3y  4  0 x  1
Tọa độ của B nghiệm đúng hệ phương trình     B1;0
x y 1  0 y  0
Phương trình AC qua điểm A(–2;4) có dạng: a(x  2)  b(y  4)  0  ax by a 2  b 4  0
Gọi  : 4x  3y  4  0;  : x  2y  6  0;  : ax by  2a  4b 1 2 3  0
Từ giả thiết suy ra  2  ; 3     1  ; 2  . 1 a .  2 b . 4.1 2.3 Do đó cos( 2  ; 3  )  cos( 1  ; 2  )   5. a2  b2 25. 5 2 2 a  0
a  2b  2 a b a( a 3  4b)  0   a 3  4b  0
a = 0 b  0 . Do đó y 3 :  4  0
3a – 4b = 0: Chọn a = 4 thì b = 3. Suy ra x y 3 : 4
3  4  0 (trùng với 1  ).
Do vậy, phương trình của đường thẳng AC là y – 4 = 0. y  4  0 x  5
Tọa độ của C nghiệm đúng hệ phương trình:     C(5;4)
x y 1  0 y  4
Câu 41. Trong mặt phẳng với hệ toạ độ Oxy, cho tam giác ABC biết A(5; 2). Phương trình đường
trung trực cạnh BC, đường trung tuyến CC’ lần lượt là x + y – 6 = 0 và 2x – y + 3 = 0. Tìm tọa
độ các đỉnh của tam giác ABC. Gọi C c ( ; c
2  3) và I(m;6  m) là trung điểm của BC. Suy ra: B( m
2  c; 9  m 2  c 2 ).
 2m c  5 11 2m c 2 
Vì C’ là trung điểm của AB nên: C ' ; CC '  2 2   
 2m c  5  11 2m c 2 5   nên 2  
 3  0  m    I 5 41   ;  2  2 6 6 6 .      
Phương trình BC: 3x  3y  23  0 C 14 37 ;   3 3  B 19 4 ;   .    3 3 
Câu 42. Trong mặt phẳng với hệ toạ độ Oxy, biết toạ độ trực tâm, tâm đường tròn ngoại tiếp tam  
giác ABC lần lượt là H(2;2), I(1;2) và trung điểm M 5 5  ; 2 2  
 của cạnh BC. Hãy tìm toạ độ các
đỉnh A, B, C biết xB C
x ( xB , C
x lần lượt hoành độ điểm B và C).  
Gọi G là trọng tâm ABC ta có : GH   G 2 I G 4  ;2 3    Trang 38
Trần Sĩ Tùng
PP toạ độ trong mặt phẳng
Mặt khác vì GA   G 2 M nên A( 1
 ;1) . Phương trình BC: 3x y 10  0. Đường tròn (C) ngoại tiếp  2 2
có tâm I(1; 2) và bán kính R
4 1  5 . Do đó (C) : (x 1)  (y  2)  5. (  x 2 1)  (y 2  2)  5 x  2 x  3
Khi đó toạ độ B ;C là nghiệm hệ :     3
x y 10  0 y 4   y  1 Vì xB C
x nên B(3;1) ; C(2;4). Vậy : A(–1; 1); B(3; 1) ; C(2; 4).
Câu 43. Trong mặt phẳng với hệ tọa độ Oxy, cho tam giác ABC cân tại C có diện tích bằng 10,  
phương trình cạnh AB là x  2y  0 , điểm I(4; 2) là trung điểm của AB, điểm M 9  4; 2   thuộc
cạnh BC. Tìm tọa độ các đỉnh A, B, C biết tung độ điểm B lớn hơn hoặc bằng 3.
Giả sử B(2yB;yB) AB A(8 2yB;4  yB). Phương trình CI: 2x y 10  0 . Gọi C( C x ;10  2 C
x ) CI  5 4  C x ; AB  20 B y  2 . 1
x y  4y  2x  6 (1)
SABC CI.AB 10  4yB  2 C x C x yB 8  2  2 C B B C C
x yB  4yB  2 C x  10 (2) 4  C
x k 2yB  4 
Vì M BC CM kMB   11 
9  2x y  6y  5x 16  0   2  C B B C (3) C x k yB  2   2 
x y  4y  2x  6  y  1   2
Từ (1) và (3): C B B C B   y  3 2  (loại, vì B ) C
x yB 6yB 5 C x 16  0 yB  1   2
x y  4y  2x  1  0 y  3
Từ (2) và (3): C B B C B   2  (thoả) C
x yB  6yB  5 C x 16  0  C x  2
Vậy A(2; 1), B(6; 3), C(2; 6).
Câu 44. Trong mặt phẳng với hệ toạ độ Oxy, cho tam giác ABC vuông tại A, các đỉnh A, B thuộc
đường thẳng d: y = 2, phương trình cạnh BC: 3x y  2  0 . Tìm toạ độ các đỉnh A, B, C
biết bán kính đường tròn nội tiếp tam giác ABC bằng 3 .
B d BC B(0; 2). Giả sử A(a;2)d,(a  2) , C c
( ;2  c 3)BC, c (  0). 2 2
AB  (a;0), AC c
(  a;c 3),BC c
( ;c 3) AB a , AC c (  a)  c 3 ,BC  2 c   AB.AC  0 AB.AC  0 
ABC vuông ở A và r  3 1
AB BC AC S pr AB.AC  . 3 2 2 a c (  a)  0  c a  0 a c (  a 2 )  c2 3  
a 2 c c(a 2)  c2 3  3  a  3  3
c a  3 3
A(3  3;2),C(3  3;5  3 3) c a  3   3  A( 3   3;2),C( 3   3; 1   3 3)
Câu 45. Trong mặt phẳng với hệ toạ độ Oxy, tìm toạ độ các đỉnh của tam giác vuông cân ABC, có
phương trình hai cạnh AB : x  2y 1  0 , AC : 2x y  3  0 và cạnh BC chứa điểm I  8;1  3 .   Trang 39
PP toạ độ trong mặt phẳng
Trần Sĩ Tùng
Ta có: AB AC ABC vuông cân tại A A(1;1).
Gọi M(x ; y) thuộc tia phân giác At của góc BAC . Khi đó M cách đều hai đường thẳng AB,
AC. Hơn nữa M và I cùng phía đối với đường thẳng AB và cùng phía đối với đường thẳng
x  2y 1 2x y  3    5 5   8  AC, tức là: (
x  2y 1)  2 1  0  x  3y  4  0  3    x y 16 (2  3) 1 3  0   3  
x  2y 1  0
At BC BC n  (3; 1
 )  BC : 3x y  7  0 ; B AB BC :   B(3;2) 3 ;
x y  7  0
2x y  3  0
C AC BC :   C(2; 1  ) 3 .
x y  7  0
Câu 46. Trong mặt phẳng với hệ toạ độ Oxy, cho tam giác ABC vuông cân tại A, biết các đỉnh A,
B, C lần lượt nằm trên các đường thẳng d: x y  5  0 , d     1: x
1 0 , d2: y 2 0 . Tìm toạ
độ các đỉnh A, B, C, biết BC = 5 2 .
Chú ý: d1 d2 và ABC vuông cân tại A nên A cách đều d1, d2 A là giao điểm của d và
đường phân giác của góc tạo bởi d1, d2 A(3; 2).
Giả sử B(–1; b) d  ( 4  ;  2),  (  3; 4  )
1, C(c; –2) d2. AB b AC c .
AB.AC  0
b  5, c  0 A(3;2), B( 1  ;5), C(0; 2)  Ta có: .    BC2  50 b  1  , c  6 A(3;2), B( 1  ; 1  ), C(6; 2) 
Câu 47. Trong mặt phẳng với hệ tọa độ Oxy , cho tam giác ABC cân tại đỉnh C biết phương trình  
đường thẳng AB là: x y –2  0 , trọng tâm của tam giác ABC là G 14 5 ;
 3 3 và diện tích của   65 tam giác ABC bằng
. Viết phương trình đường tròn ngoại tiếp tam giác ABC. 2  
Gọi H là trung điểm của AB CH AB CH: x y  3  0 H 5 1  ; 2 2  
C(9;6) .  
Gọi A(a;2 a) AB B(5  a;a  3) AB   a a CH 13 13 (5 2 ;2 5);   ; 2 2    65 1 65 2 a  0 S ABC   AB C . H   a 8  40a  0  2 2 2  a  5
Với a  0 A(0;2);B(5; 3  )
Với a  5 A(5; 3  ), B(0;2) 2 2 2 2
PT đường tròn (C) ngoại tiếp ABC có dạng: x y a 2 x b 2 y c  0 a
(  b c  0) a 137     b c 26 4  4     59  (C) qua A, B, C nên 10
a  6b c  34   b
a b c 26 18 12  117    c 66   13 2 2 137 59 66 C
( ) : x y x y   0 13 13 13 Trang 40
Trần Sĩ Tùng
PP toạ độ trong mặt phẳng
Câu 48. Trong mặt phẳng toạ độ Oxy, cho  ABC có phương trình cạnh AB: x y –3  0, phương  
trình cạnh AC: 3x y – 7  0 và trọng tâm G 1
2; 3. Viết phương trình đường tròn đi qua  
trực tâm H và hai đỉnh B, C của tam giác ABC.
A AB AC A(2;1). Giả sử B(m;3 –m), C(n;7 – n 3 ).  
2  m n  6 m  1 G 1 2;  
3  là trọng tâm ABC nên:
B(1; 2), C(3; –2)   1
  3  m  7  n 3  1 n  3 AH BC
H là trực tâm ABC
H(10;5) . BH AC 2 2 2 2
PT đường tròn (S) qua B, C, H có dạng: x y a 2 x b
2 y c  0 a
(  b c  0)
2a  4b c  5  a  6    2 2
Do B, C, H (S) 6a  4b c  13   b  2
. Vậy (S): x y –12x –4y 15  0 .
20a 10b c  125  c  15  
Câu 49. Trong mặt phẳng với hệ toạ độ Oxy, cho điểm A(0; 2) và đường thẳng d: x – 2y  2  0 .
Tìm trên d hai điểm B, C sao cho tam giác ABC vuông tại B và AB = 2BC.    4 7  B 2 6  ; (0;1);  ; 5 5  ; C C    1 2  5 5 
Câu 50. Trong mặt phẳng với hệ toạ độ Oxy, cho tam giác ABC vuông cân ngoại tiếp đường tròn C x2  y2 ( ) :
 2 . Tìm toạ độ 3 đỉnh của tam giác, biết điểm A thuộc tia Ox.
A là giao của tia Ox với (C) A(2;0) .
Hai tiếp tuyến kẻ từ A đến (C) là: x y  2  0 và x y  2  0.
Vì ABC vuông cân nên cạnh BC tiếp xúc với (C) tại trung điểm M của BC M  2;0
M là giao của tia đối tia Ox với (C) .
Phương trình cạnh BC: x   2 . B và C là các giao điểm của BC với 2 tiếp tuyến trên
Toạ độ 2 điểm B, C là: 2;2  2, 2; 2   2 .
Câu 51. Trong mặt phẳng với hệ toạ độ Oxy, cho tam giác ABC có trung điểm của cạnh BC là điểm M(3; 1
 ), đường thẳng chứa đường cao kẻ từ đỉnh B đi qua điểm E( 1  ; 3  ) và đường
thẳng chứa cạnh AC đi qua điểm F(1;3) . Tìm tọa độ các đỉnh của tam giác ABC, biết rằng
điểm đối xứng của đỉnh A qua tâm đường tròn ngoại tiếp tam giác ABC là điểm D(4; 2  ).
Gọi H là trực tâm của tam giác ABC, ta chứng minh được BDCH là hình bình hành nên M
là trung điểm của HD suy ra H(2;0) . Đường thẳng BH có VTCP là EH  (3;3) VTPT là BH n  (1; 1
 )  BH : x y  2  0
+ AC vuông góc với BH nên nAC B
u H  (1;1)  AC : x y  4  0
+ AC vuông góc với CD nên D
n C uAC  (1; 1
 )  DC : x y  6  0 .
x y  4  0
+ C là giao của AC và DC nên tọa độ C là nghiệm của hệ:   C(5; 1  )
x y  6  0
+ M là trung điểm của BC nên B(1; 1
 ) . AH vuông góc với BC AH : x  2  0 x  2  0
+ A là giao điểm của HA và AC nên tọa độ A là nghiệm của hệ   A(2;2) .
x y  4  0 Trang 41
PP toạ độ trong mặt phẳng
Trần Sĩ Tùng
Vậy: A(2;2) , B(1; 1  ) , C(5; 1  ).
Câu 52. Trong mặt phẳng với hệ toạ độ Oxy, cho tam giác ABC vuông tại A, biết B và C đối xứng
nhau qua gốc tọa độ. Đường phân giác trong của góc ABC là d : x  2y  5  0 . Tìm tọa độ
các đỉnh của tam giác biết đường thẳng AC đi qua điểm K(6;2)
Giả sử B(5 2b;b),C(2b  5;b)d , O(0;0) BC
Gọi I đối xứng với O qua phân giác trong góc ABC nên I(2;4) và I AB
Tam giác ABC vuông tại A nên BI  (2b  3;4  b) vuông góc với CK  (11 2b;2  b) 2 b  1
(2b  3)(11 2b)  (4  b)(2  b)  0   b
5  30b  25  0   b  5
+ Với b  1  B(3;1),C( 3  ; 1
 )  A(3;1)  B (loại)  
+ Với b  5  B( 5  ;5),C(5; 5  )  A 31 17 ;  5 5     31 17  Vậy A ; ;B( 5  ;5);C(5; 5  )  5 5     
Câu 53. Trong mặt phẳng với hệ toạ độ Oxy, cho tam giác ABC có đỉnh A 4 7  ; 5 5  và phương trình  
hai đường phân giác trong BB: x  2y 1  0 và CC: x  3y 1  0 . Chứng minh tam giác ABC vuông.
Gọi A1, A2 lần lượt là điểm đối xứng của A qua BB, CC A1, A2 BC. Tìm được: A  
1(0; –1), A2(2; –1) Phương trình BC: y
1 B(–1; –1), C(4; –1)
AB AC A vuông.
Câu 54. Trong mặt phẳng với hệ toạ độ Oxy, cho phương trình hai cạnh của một tam giác là
5x  2y  6  0 và 4x  7y  21  0. Viết phương trình cạnh thứ ba của tam giác đó, biết rằng
trực tâm của nó trùng với gốc toạ độ.
Giả sử: (AB) : 5x  2y  6  0, (AC) : 4x  7y  21  0 A(0;3) .
Đường cao BO đi qua B và vuông góc với AC (BO) : 7x  4y  0 B( 4  ; 7  ) .
Cạnh BC đi qua B và vuông góc với OA (BC) : y  7  0 .
Câu 55. Trong mặt phẳng với hệ toạ độ Oxy, cho tam giác ABC có đỉnh A(1; 3) và hai đường trung
tuyến của nó có phương trình là: x –2y 1  0 và y –1  0 . Hãy viết phương trình các cạnh của ABC.
(AC): x + 2y – 7 = 0; (AB): x – y + 2 = 0; (BC): x – 4y – 1 = 0.
Câu 56. Trong mặt phẳng với hệ toạ độ Oxy, cho tam giác ABC có đỉnh B( 1  2;1) , đường phân  
giác trong góc A có phương trình d : x  2y  5  0 . G 1 2  ;
3 3  là trọng tâm tam giác ABC.  
Viết phương trình đường thẳng BC.
Gọi M là điểm đối xứng của B qua d M( 6
 ;13)(AC) .
Giả sử A(5  2a;a) d C(8  2a;1 a) . Do MA, MC cùng phương a  2
C(4;3)
Vậy: (BC) : x  8y  20  0 . Trang 42
Trần Sĩ Tùng
PP toạ độ trong mặt phẳng
Câu 57. Trong mặt phẳng với hệ toạ độ Oxy, cho tam giác ABC có đỉnh B(2; 1  ), đường cao xuất
phát từ A và đường phân giác trong góc C lần lượt là d x y 1 : 3
4  27  0 , d x y 2 : 2  5  0 .
Viết phương trình các cạnh của tam giác ABC.
Đường thẳng BC qua B và vuông góc với d1 (BC): 4x 3y  5  0 .
4x  3y  5  0
Toạ độ đỉnh C là nghiệm của hệ: C( 1  ;3).
x  2y  5  0
Gọi B là điểm đối xứng của B qua d2 B (4;3) và B(AC).
Đường thẳng AC đi qua C và B (AC) : y  3  0. y  3  0
Toạ độ đỉnh A là nghiệm của hệ:  3 
A( 5;3) .
x  4y  27  0
Đường thẳng AB qua A và B (AB) : 4x  7y 1  0 .
Vậy: (AB) : 4x  7y 1  0 , (BC) : 4x  3y  5  0 , (AC) : y  3  0.
Câu 58. Trong mặt phẳng với hệ toạ độ Oxy, cho tam giác ABC cân, cạnh đáy BC có phương trình d     2  2  0 1: x
y 1 0 . Phương trình đường cao vẽ từ B là d2: x y . Điểm M(2; 1) thuộc
đường cao vẽ từ C. Viết phương trình các cạnh bên của tam giác ABC.
B(0; –1). BM  (2;2) MB BC. Kẻ MN // BC cắt d2 tại N thì BCNM là hình chữ nhật.  
PT đường thẳng MN: x y  3  0 . N = MN d2 N 8 1  ; 3 3  .    
NC BC PT đường thẳng NC: x y 7   0  3 .
C = NC d1 C 2 5 ;  3 3 .  
AB CM PT đường thẳng AB: x  2y  2  0 .
AC BN PT đường thẳng AC: 6x  3y  1  0
Câu 59. Trong mặt phẳng với hệ tọa độ Oxy, cho tam giác có phương trình hai cạnh là
AB : 5x –2y  6  0 và AC : 4x  7y –21  0. Viết phương trình cạnh BC, biết rằng trực tâm
của nó trùng với gốc tọa độ O.
AB: 5x – 2y + 6 = 0; AC: 4x + 7y – 21 = 0 A(0;3)
Phương trình đường cao BO: 7x – 4y = 0 B(–4; –7)
A nằm trên Oy, vậy đường cao AO nằm trên trục Oy BC: y + 7 = 0.
Câu 60. Trong mặt phẳng với hệ tọa độ Oxy, cho tam giác ABC có phương trình cạnh AB:
x y  2  0, phương trình cạnh AC: x  2y  5  0. Biết trọng tâm của tam giác G(3; 2).
Viết phương trình cạnh BC.
A AB AC A(3; 1). Gọi B(b;b  2) AB,C(5 c 2 ;c) AC . 3
  b  5  c 2  9 b  5
Do G là trọng tâm của ABC nên  1 
B(5; 3), C(1; 2)
  b  2  c  6 c  2
Phương trình cạnh BC: x  4y  7  0 .
Câu 61. Trong mặt phẳng với hệ toạ độ Oxy, cho tam giác ABC có A(2; 7) và đường thẳng AB cắt
trục Oy tại E sao cho AE  2EB . Biết rằng tam giác AEC cân tại A và có trọng tâm là G 13 2;  
3  . Viết phương trình cạnh BC.   Trang 43
PP toạ độ trong mặt phẳng
Trần Sĩ Tùng 2
Gọi M là trung điểm của BC. Ta có AG AM 3
M(2; 3). Đường thẳng EC qua M và có   VTPT AG 8  0;   2
3  nên có PT: y 3 E(0; 3) C(4; 3). Mà AE EB nên B(–1; 1).  
Phương trình BC: 2x  5y  7  0 .
Câu 62. Trong mặt phẳng với hệ toạ độ Oxy, cho  ABC có đỉnh A(1;2), phương trình đường trung
tuyến BM: 2x y 1  0 và phân giác trong CD: x y 1  0 . Viết phương trình đường thẳng BC.  t   t
Điểm C CD : x y 1 0  C t(;1 t). Suy ra trung điểm M của AC là M 1 3 ;  2 2 .  
Từ A(1;2), kẻ AK CD : x y 1  0 tại I (điểm K BC ).
Suy ra AK : (x 1)  (y  2)  0  x y 1  0 .
x y 1  0
Tọa độ điểm I thỏa hệ:   I 0;  1
x y 1  0
Tam giác ACK cân tại C nên I là trung điểm của AK tọa độ của K( 1  ;0) . x 1 y
Đường thẳng BC đi qua C, K nên có phương trình:
  4x  3y  4  0 7  1 8
Câu 63. Trong mặt phẳng với hệ toạ độ Oxy, cho tam giác ABC có phương trình đường phân giác trong góc A là (d    2 – 1  0 1): x
y 2 0 , phương trình đường cao vẽ từ B là (d2): x y ,
cạnh AB đi qua M(1; –1). Tìm phương trình cạnh AC.
Gọi N là điểm đối xứng của M qua (d  
MN  (x 1, y 1) 1) N AC . N N
Ta có: MN / /nd  (1; 1)  1(x 1) 1(y 1)  0  x y  2 (1) 1 N N N N 1 1
Tọa độ trung điểm I của MN: xI  (1 xN ), yI  ( 1   yN ) 2 2 1 1
I  (d )  (1 xN) ( 1   y 1
N )  2  0  x y  4  0 (2) 2 2 N N
Giải hệ (1) và (2) ta được N(–1; –3)
Phương trình cạnh AC vuông góc với (d2) có dạng: x + 2y + C = 0.
N  (AC)  1 2.( 3
 )  C  0  C  7. Vậy, phương trình cạnh AC: x + 2y + 7 = 0.
Câu 64. Trong mặt phẳng với hệ trục tọa độ Oxy, cho tam giác ABC cân tại A, phương trình các
cạnh AB, BC lần lượt là x  2y 1  0 và 3x y  5  0 . Viết phương trình cạnh AC biết AC đi qua điểm M(1;–3).
Đường thẳng AC có VTPT: n1  (1;2). Đường thẳng BC có VTPT n2  (3; 1  ) . 2 2
Đường thẳng AC qua M(1; –3) nên PT có dạng: a(x 1)  b(y  3)  0 (a b  0)
ABC cân tại đỉnh A nên ta có: cos(AB,BC)  cos(AC,BC) 3  2 a 3  b 2 2 1 2  
 22a 1 a
5 b  2b  0  a b a b 2 2 2 2 1  2 3 1 a2  b2 2 2 3 1 2 11 1
Với a b, chọn a = 1, b = 2 ta được AC: x  2y  5  0 2
(loại vì khi đó AC//AB) 2 Với a
b , chọn a = 2, b = 11 ta được AC: 2x 1 y 1  31  0 11 .
Câu hỏi tương tự: Trang 44
Trần Sĩ Tùng
PP toạ độ trong mặt phẳng
a) AB :12x y  23  0 , BC : 2x  5y 1  0 , M(3;1)
ĐS: AC : 8x  9y  33  0 .
b) AB : 2x y  6  0 , BC : x  3y  2  0 , M(3;2) .
ĐS: AC : x  2y  7  0 .
Câu 65. Trong mặt phẳng với hệ tọa độ Oxy, cho tam giác ABC có điểm A(2; 3), đường phân giác
trong góc A có phương trình x y 1  0 , tâm đường tròn ngoại tiếp tam giác ABC là I(6; 6)
và diện tích tam giác ABC gấp 3 lần diện tích tam giác IBC. Viết phương trình đường thẳng chứa cạnh BC.
Gọi (C) là đường tròn ngoại tiếp tam giác ABC. (C) có tâm I(6;6) và bán kính R IA  5 2 2
(C): (x  6)  (y  6)  25
Gọi D là giao điểm của (C) với đường thẳng x y 1  0  D(9;10)
Ta có: ID BC ID  (3;4) là VTPT của BC Phương trình BC có dạng :
3x  4y m  0
Theo đề bài ta có S ABC S 3 
IBC d(A, BC)  d
3 (I,BC)  18  m  3 42  m m  54    m  36 
Vậy có hai đường thẳng thỏa YCBT : 3x  4y  54  0 và 3x  4y  36  0
Câu 66. Trong mặt phẳng với hệ tọa độ Oxy, cho tam giác ABC có trực tâm H( 1  ;4) , tâm đường
tròn ngoại tiếp I( 3
 ;0) và trung điểm của cạnh BC là M(0; 3
 ) . Viết phương trình đường
thẳng AB, biết điểm B có hoành độ dương.
Giả sử N là trung điểm của AC. Vì ABH ~ MNI và HA // MI nên HA  2MI A( 7  ;10)  2 2 (  3)   116
Ta có: IA IB, IM MB Toạ độ điểm B thoả hệ: x y
B(7; 4) .  3
x  3(y  3)  0
Vậy: Phương trình AB : 3x  7y  49  0 .
Câu 67. Trong mặt phẳng với hệ tọa độ Oxy, cho tam giác ABC có A(3; 3), B(2; –1), C(11; 2). Viết
phương trình đường thẳng đi qua A và chia ABC thành hai phần có tỉ số diện tích bằng 2.
3x  2y –15  0; 2x y 5 –12  0 .
Câu 68. Trong mặt phẳng với hệ toạ độ Oxy, cho 2 đường thẳng d x y 1 :2 5  3  0 ; d x y 2 :5
2  7  0 cắt nhau tại A và điểm P( 7
 ;8) . Viết phương trình đường thẳng d3 đi qua 29
P tạo với d1, d2 thành tam giác cân tại A và có diện tích bằng 2 . Ta có A(1; 1
 ) và d d 1
2 . PT các đường phân giác của các góc tạo bởi d1 , d2 là:  7  3  4  0 3  7 10  0 1: x y và 2: x y
d3tạo với d1, d2 một tam giác vuông cân d3vuông góc với 1 hoặc 2..
Phương trình của d   
3 có dạng: 7x  3y C  0 hay 3x 7y C  0
Mặt khác, d3qua P( 7
 ;8) nên C = 25 ; C = 77. Suy ra : d x y 3 : 7 3  25  0 hay d x y 3 :3 7  77  0 29
Theo giả thiết tam giác vuông cân có diện tích bằng 2 cạnh huyền bằng 58 Trang 45
PP toạ độ trong mặt phẳng
Trần Sĩ Tùng 58
Suy ra độ dài đường cao A H = ( , ) 2 = d A d3 58 Với d x y 3 : 7
3  25  0 thì d(A;d3)  2 ( thích hợp) 87 Với d x y 3 : 3
7  77  0 thì d(A;d3)  ( loại ) 58
Câu 69. Trong mặt phẳng với hệ toạ độ Oxy, cho 4 điểm A(1;0), B(–2;4), C(–1;4), D(3;5). Tìm toạ
độ điểm M thuộc đường thẳng () : 3x y  5  0 sao cho hai tam giác MAB, MCD có diện tích bằng nhau. x t
Phương trình tham số của :
. M M(t; 3t – 5) y t 3  5  
SMAB SMCD d(M,AB).AB d(M,CD) C
. D t    t 7 9     3 M M 7 ( 9; 32),  ;2 3   
Câu 70. Trong mặt phẳng tọa độ Oxy, cho tam giác ABC cân tại A có phương trình 2 cạnh AB, AC
lần lượt là x  2y  2  0 và 2x y 1  0 , điểm M(1;2) thuộc đoạn BC. Tìm tọa độ điểm D sao cho DB D
. C có giá trị nhỏ nhất. 2 2
Phương trình BC có dạng: a(x 1)  b(y  2)  0,a b  0 . a  2b 2a ba  b
ABC cân tại A nên cosB  cosC    2 2 2 2 a b a b . 5 a b . 5   
Với a  b: chọn b  1
 ,a 1 BC: x y 1  0 B C 2 1 (0;1),  ; 
3 3  M không thuộc   đoạn BC.
Với a b: chọn a b 1 BC : x y  3  0 B(4; 1  ), C( 4
 ;7)  M thuộc đoạn BC. BC2 BC2 2
Gọi trung điểm của BC là I(0;3) .Ta có: DB D
. C  (DI IB).(DI IC)  DI    4 4
Dấu "=" xảy ra D I . Vậy DB D
. C nhỏ nhất khi D(0; 3).
Câu 71. Trong mặt phẳng với hệ toạ độ Oxy, cho điểm A(2;–3), B(3;–2), tam giác ABC có diện tích 3 bằng
; trọng tâm G của ABC nằm trên đường thẳng (d): 3x – y –8  0 . Tìm bán kính 2
đường tròn nội tiếp  ABC.
a b  5 2S ABC
Gọi C(a; b), (AB): x –y –5 =0 d(C; AB) = 2 AB
a b  8 (1)
a  5 b  5 
a b  5  3   ; Trọng tâm G ; 
  (d) 3a –b =4 (3)
a b  2 (2)  3 3  S 3
(1), (3) C(–2; 10) r = p 2  65  89 S 3
(2), (3) C(1; –1) r   p 2  2 5
Câu 72. Trong mặt phẳng toạ độ Oxy, cho tam giác ABC có diện tích bằng 96 . Gọi M(2;0) là Trang 46
Trần Sĩ Tùng
PP toạ độ trong mặt phẳng
trung điểm của AB, phân giác trong của góc A có phương trình: d : x y 10  0 . Đường 3
thẳng AB tạo với d một góc  thỏa mãn cosa  . Xác định các đỉnh của tam giác ABC 5 .
Gọi M ' đối xứng với M(2;0) qua d : x y 10  0 M '(10; 8  ) .
PT đường thẳng AB qua M(2;0) có dạng: a(x  2)  by  0. a b 3 a b 7
AB tạo với d : x y 10  0 một góc   cosa   2 2 5 b a a b 7 2
Với a b
7 AB: 7x y 14  0 . AB cắt d tại A A(3; 7
 ) B(1;7) AB 10 2 1 1
SAM B AB d.(M ',AB)  48  SABC AC  2AM '  C ' (17; 9  ) 2 2
Với b a
7 AB: x  7y  2  0 . AB cắt d tại A A(9; 1  ) B( 5
 ;1) AB 10 2 1 1
SAM B AB d.(M ',AB)  48  SABC AC  2AM '  C ' (11; 1  5) 2 2 Vậy, A(3; 7
 ), B(1;7), C(17; 9  ) hoặc A(9; 1  ), B( 5  ;1),C(11; 1  5).
Câu 73. Trong mặt phẳng toạ độ Oxy, cho tam giác ABC vuông tại A. Đỉnh B(1; 1). Đường thẳng
AC có phương trình: 4x  3y  32  0. Trên tia BC lấy điểm M sao cho BC B . M  75. Tìm 5 5
đỉnh C biết bán kính của đường tròn ngoại tiếp tam giác AMC bằng 2 .
Đường thẳng (AB) qua B và vuông góc với (AC) (AB) : 3x  4y 1  0 A(5;4) .
Gọi E là giao điểm của đường tròn ngoại tiếp của tam giác AMC với BA thì ta có: BA B . E BM B
. C  75 ( vì M nằm trên tia BC ) tìm được E(13;10).
Vì AEC vuông tại A nên CE là đường kính của đường tròn ngoại tiếp AMC EC  5 5 .
Do đó C là giao của đường tròn tâm E bán kính r = 5 5 với đường thẳng AC.
4x  3y  32  0
x  2; y  8
Toạ độ của C là nghiệm của hệ ( . x 2 13)  (y 2 10)  125
x  8;y  0
Vậy: C(2;8) hoặc C(8;0) .
Câu 74. Trong mặt phẳng toạ độ Oxy, cho tam giác ABC vuông tại A, phương trình đường thẳng
BC: 3x y  3  0 , các đỉnh A và B nằm trên trục hoành và bán kính đường tròn nội tiếp
tam giác ABC bằng 2. Tìm toạ độ trọng tâm G của tam giác ABC.  3   3  0
Toạ độ điểm B là nghiệm của hệ: x y
B(1; 0) . y  0
Đường thẳng BC có hệ số góc k  3 nên ABC 0
 60 đường phân giác trong BE của tam 3 3
giác ABC có hệ số góc k 3  
nên có phương trình: y x  3 3 3 .
Tâm I(a;b) của đường tròn nội tiếp ABC thuộc BE và d(I,Ox)  2 nên: b  2 .
+ Với b  2 a  1 2 3 I(1 2 3;2) . + Với b  2
a  1 2 3 I(1 2 3; 2  ) .
Đường phân giác trong AF có dạng: y  x m. Vì AF đi qua I nên:
+ Nếu I(1 2 3;2) thì m  3  2 3  (AF) : y  x  3  2 3  A(3  2 3;0) . Trang 47
PP toạ độ trong mặt phẳng
Trần Sĩ Tùng
Do AC Ox nên AC có phương trình: x  3  2 3 . Từ đó suy ra C(3  2 3;6  2 3) .    
Suy ra toạ độ trọng tâm G 4 4 3 6 2 3  ; .  3 3  + Nếu I(1 2 3; 2  ) thì m  1
  2 3  (AF) : y  x 1 2 3 A( 1   2 3;0).
Do AC Ox nên AC có phương trình: x  1
  2 3 . Từ đó suy ra C  1   2 3; 6   2 3 .     
Suy ra toạ độ trọng tâm G 1 4 3 6 2 3  ;  .  3 3          
Vậy có hai điểm thoả YCBT: G 4 4 3 6 2 3  ;  hoặc G 1 4 3 6 2 3  ;  .  3 3   3 3 
Câu 75. Trong mặt phẳng toạ độ Oxy, cho tam giác ABC cân tại A. Đỉnh A có toạ độ là các số
dương, hai điểm B, C nằm trên trục Ox, phương trình cạnh AB : y  3 7(x 1) . Biết chu vi
của ABC bằng 18, tìm toạ độ các đỉnh A, B, C.
Ta có: B  (AB)Ox B(1;0) . Giả sử Aa;3 7(a 1) ( a 1 vì xA  0,yA  0 ).
Gọi AH là đường cao của ABC H(a;0) C(2a 1;0) .
C(3;0), A2;3 7
BC  2(a 1), AB AC  8 a
( 1) . P ABC 18 a 2      .
Vậy: A2;3 7 , B(1;0) , C(3;0) . Trang 48