Tổng hợp 51 đề thi tốt nghiệp THPT môn Toán của Bộ GD&ĐT (2016 – 2024)
Tài liệu gồm 888 trang, được tổng hợp bởi thầy giáo Nguyễn Hoàng Việt, tuyển tập 51 đề thi tốt nghiệp THPT môn Toán của Bộ Giáo dục và Đào tạo từ năm 2016 đến năm 2024, bao gồm: đề minh họa, đề tham khảo và đề chính thức TN THPT môn Toán, có đáp án và lời giải chi tiết. Mời bạn đọc đón xem!
Preview text:
Đường Con Có Đó Ở Chí Ý Có Đâu Nơi Việt Hoàng ễn Nguy Ths: Gv MỤC LỤC
Đề số 1. ĐỀ MINH HOẠ TN THPT 2017, Mã MH-1 ........................................... 1
Đề số 2. ĐỀ MINH HOẠ TN THPT 2017, Mã MH-2 ......................................... 17
Đề số 3. ĐỀ MINH HOẠ TN THPT 2017, Mã MH-3 ......................................... 34
Đề số 4. ĐỀ CHÍNH THỨC TNTHPT 2017, Mã CT-101 ................................... 53
Đề số 5. ĐỀ CHÍNH THỨC TNTHPT 2017, Mã CT-102 ................................... 66
Đề số 6. ĐỀ CHÍNH THỨC TNTHPT 2017, Mã CT-103 ................................... 80 Đường
Đề số 7. ĐỀ CHÍNH THỨC TNTHPT 2017, Mã CT-104 ................................... 93
Đề số 8. ĐỀ MINH HOẠ TN THPT 2018, Mã MH-1........................................105 Con
Đề số 9. ĐỀ CHÍNH THỨC TNTHPT 2018, Mã CT-104 ................................. 123 Có
Đề số 10. ĐỀ CHÍNH THỨC TNTHPT 2018, Mã CT-102 ............................... 140
Đề số 11. ĐỀ CHÍNH THỨC TNTHPT 2018, Mã CT-103 ............................... 160 Đó
Đề số 12. ĐỀ CHÍNH THỨC TNTHPT 2018, Mã CT-104 ............................... 178 Ở
Đề số 13. ĐỀ MINH HOẠ TN THPT 2019, Mã MH-1......................................197 Chí
Đề số 14. ĐỀ CHÍNH THỨC TNTHPT 2019, Mã CT-101 . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . 215 Ý
Đề số 15. ĐỀ CHÍNH THỨC TNTHPT 2019, Mã CT-102 ............................... 233
Đề số 16. ĐỀ CHÍNH THỨC TNTHPT 2019, Mã CT-103 ............................... 253 Có
Đề số 17. ĐỀ CHÍNH THỨC TNTHPT 2019, Mã CT-104 ............................... 274
Đề số 18. ĐỀ MINH HOẠ TN THPT 2020, Mã MH-1......................................294 Đâu
Đề số 19. ĐỀ MINH HOẠ TN THPT 2020, Mã MH-2......................................312
Đề số 20. ĐỀ CHÍNH THỨC TNTHPT 2020, Mã CT-101-1 ............................ 328 Nơi
Đề số 21. ĐỀ CHÍNH THỨC TNTHPT 2020, Mã CT-102-1 ............................ 346
Đề số 22. ĐỀ CHÍNH THỨC TNTHPT 2020, Mã CT-103-1 ............................ 363
Đề số 23. ĐỀ CHÍNH THỨC TNTHPT 2020, Mã CT-104-1 ............................ 379
Đề số 24. ĐỀ CHÍNH THỨC TNTHPT 2020, Mã CT-101-2 ............................ 396
Đề số 25. ĐỀ CHÍNH THỨC TNTHPT 2020, Mã CT-102-2 ............................ 413
Đề số 26. ĐỀ CHÍNH THỨC TNTHPT 2020, Mã CT-103-2 ............................ 431
Đề số 27. ĐỀ CHÍNH THỨC TNTHPT 2020, Mã CT-104-2 ............................ 449
Đề số 28. ĐỀ MINH HỌA TNTHPT 2021, Mã MH 2021 ................................. 466
Đề số 29. ĐỀ CHÍNH THỨC TNTHPT 2021, Mã CT-101-1 ............................ 475
Đề số 30. ĐỀ CHÍNH THỨC TNTHPT 2021, Mã CT-102-1 ............................ 492 p Th.S Nguyễn Hoàng Việt i Ô SĐT: 0905.193.688 ĐỀ SỐ 0
Đề số 31. ĐỀ CHÍNH THỨC TNTHPT 2021, Mã CT-103-1 ............................ 508
Đề số 32. ĐỀ CHÍNH THỨC TNTHPT 2021, Mã CT-104-1 ............................ 524
Đề số 33. ĐỀ CHÍNH THỨC TNTHPT 2021, Mã CT-101-2 ............................ 542
Đề số 34. ĐỀ CHÍNH THỨC TNTHPT 2021, Mã CT-102-2 ............................ 560
Đề số 35. ĐỀ CHÍNH THỨC TNTHPT 2021, Mã CT-103-2 ............................ 577
Đề số 36. ĐỀ CHÍNH THỨC TNTHPT 2021, Mã CT-104-2 ............................ 595
Đề số 37. ĐỀ MINH HỌA TNTHPT 2022, Mã MH 2022 ................................. 614
Đề số 38. ĐỀ CHÍNH THỨC TNTHPT 2022, Mã CT-101 ............................... 629
Đề số 39. ĐỀ CHÍNH THỨC TNTHPT 2022, Mã CT-102 ............................... 644
Đề số 40. ĐỀ CHÍNH THỨC TNTHPT 2022, Mã CT-103 ............................... 660
Đề số 41. ĐỀ CHÍNH THỨC TNTHPT 2022, Mã CT-104 ............................... 676
Đề số 42. ĐỀ MINH HỌA TNTHPT 2023, Mã MH 2023 ................................. 693
Đề số 43. ĐỀ CHÍNH THỨC TNTHPT 2023, Mã CT-101 ............................... 705
Đề số 44. ĐỀ CHÍNH THỨC TNTHPT 2023, Mã CT-102 ............................... 723 Việt
Đề số 45. ĐỀ CHÍNH THỨC TNTHPT 2023, Mã CT-103 ............................... 741
Đề số 46. ĐỀ CHÍNH THỨC TNTHPT 2023, Mã CT-104 ............................... 759
Đề số 47. ĐỀ MINH HỌA TNTHPT 2024, Mã MH 2024 ................................. 778 Hoàng
Đề số 48. ĐỀ CHÍNH THỨC TNTHPT 2024, Mã CT-101 ............................... 795
Đề số 49. ĐỀ CHÍNH THỨC TNTHPT 2024, Mã CT-101 ễn
. . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . 814
Đề số 50. ĐỀ CHÍNH THỨC TNTHPT 2024, Mã CT-101 ............................... 833
Đề số 51. ĐỀ CHÍNH THỨC TNTHPT 2024, Mã CT-101 ............................... 854 Nguy I ĐÁP ÁN 875 Ths: Gv p Th.S Nguyễn Hoàng Việt ii Ô SĐT: 0905.193.688 ĐỀ THI THỬ QUỐC GIA
TRUNG TÂM LUYỆN THI QUỐC GIA ĐỀ MINH HOẠ TN THPT 2017 VIỆT STAR Môn: Toán Thầy Nguyễn Hoàng Việt Năm học: 2016 − 2017
Thời gian: 90 phút (không kể phát đề) ĐỀ SỐ 1 MÃ ĐỀ: MH-1 Họ và tên thí sinh: Lớp: Nội dung đề c Câu 1.
Đường cong trong hình bên là đồ thị của một hàm số trong bốn y
hàm số được liệt kê ở bốn phương án A, B, C, D dưới đây. Hỏi hàm số đó là hàm số nào? A y = −x2 + x − 1. B y = −x3 + 3x + 1. C y = x3 − 3x + 1. D y = x4 − x2 + 1. x Đường Con Ê Lời giải. Có
Đồ thị hàm số có 2 cực trị và lim y = +∞, lim y = −∞. x→+∞ x→−∞ Đó
○ Loại A: vì là parapol chỉ có 1 cực trị. Ở
○ Loại B: vì lim y = −∞. x→+∞ Chí
○ Loại D: vì hàm hàm trùng phương nhận Oy làm trục đối xứng. Ý Chọn đáp án C Có
c Câu 2. Cho hàm số y = f (x) có lim = 1 và lim = −1. Khẳng định nào sau đây là khẳng x→+∞ x→−∞ định đúng? Đâu
A Đồ thị hàm số đã cho không có tiệm cận ngang.
B Đồ thị hàm số đã cho có đúng một tiệm cận ngang. Nơi
C Đồ thị hàm số đã cho có hai tiệm cận ngang là các đường thẳng y = 1 và y = −1.
D Đồ thị hàm số đã cho có hai tiệm cận ngang là các đường thẳng x = 1 và x = −1. Ê Lời giải.
Theo định nghĩa đường tiệm cận, ta có: ○
lim = 1 suy ra y = 1 là đường tiệm cận ngang. x→+∞ ○
lim = −1 suy ra y = −1 là đường tiệm cận ngang. x→−∞ Chọn đáp án C
c Câu 3. Hỏi hàm số y = 2x4 + 1 đồng biến trên khoảng nào? p Th.S Nguyễn Hoàng Việt 1 Ô SĐT: 0905.193.688 ĐỀ SỐ 1 Å 1 ã Å 1 ã A −∞; − . B (0; +∞). C − ; +∞ . D (−∞; 0). 2 2 Ê Lời giải.
Ta có y0 = 8x3 > 0 ⇔ x > 0, do đó hàm số đồng biến trên khoảng (0; +∞). Chọn đáp án B
c Câu 4. Cho hàm số y = f (x) xác định, liên tục trên R và có bảng biến thiên: x −∞ 0 1 +∞ y0 + − 0 + 0 +∞ + y −∞ −1 −
Khẳng định nào sau đây là khẳng định đúng? Việt
A Hàm số có đúng một cực trị.
B Hàm số có giá trị cực tiểu bằng 1.
C Hàm số có giá trị lớn nhất bằng 0 và giá trị nhỏ nhất bằng −1.
D Hàm số đạt cực đại tại x = 0 và đạt cực tiểu tại x = 1. Hoàng Ê Lời giải. ễn
○ Loại A: vì hàm số có 2 cực trị. Nguy
○ Loại B: vì hàm số có giá trị cực tiểu bằng −1.
○ Loại C: vì hàm số không có giá trị lớn nhất, giá trị nhỏ nhất trên R. Ths: Chọn đáp án D Gv
c Câu 5. Tìm giá trị cực đại yCĐ của hàm số y = x3 − 3x + 2. A yCĐ = 4. B yCĐ = 1. C yCĐ = 0. D yCĐ = −1. Ê Lời giải. ñx = −1; y = 4 Ta có y0 = 3x2 − 3 = 0 ⇔ . Suy ra yCĐ = 4. x = 1; y = 0 Chọn đáp án A x2 + 3
c Câu 6. Tìm giá trị nhỏ nhất của hàm số y = trên đoạn [2; 4]. x − 1 19 A min y = 6. B min y = −2. C min y = −3. D min y = . [2;4] [2;4] [2;4] [2;4] 3 Ê Lời giải. ñ x2 − 2x − 3 x = −1 (loại) Ta có y0 = = 0 ⇒
(Do xét trên đoạn [2; 4]). (x − 1)2 x = 3 19 y(3) = 6; y(2) = 7; y(4) = , suy ra min y = 6. 3 [2;4] Chọn đáp án A p Th.S Nguyễn Hoàng Việt 2 Ô SĐT: 0905.193.688 ĐỀ THI THỬ QUỐC GIA
c Câu 7. Biết rằng đường thẳng y = −2x + 2 cắt đồ thị hàm số y = x3 + x + 2 tại điểm duy
nhất; kí hiệu (x◦; y◦) là tọa độ của điểm đó. Tìm y◦. A y◦ = 4. B y◦ = 0. C y◦ = 2. D y◦ = −1. Ê Lời giải.
Phương trình hoành độ giao điểm x3 + x + 2 = −2x + 2 ⇔ x3 + 3x = 0 ⇔ x = 0, Suy ra y(0) = 2. Chọn đáp án C
c Câu 8. Tìm tất cả các giá trị thực của tham số m sao cho đồ thị của hàm số y = x4+2mx2+1
có ba điểm cực trị tạo thành một tam giác vuông cân. 1 1 A m = − √ . B m = −1. C m = √ . D m = 1. 3 9 3 9 Ê Lời giải. ñx = 0
Ta có y0 = 4x3 + 4mx = 0 ⇔ x2 = −m Đường
Điều kiện để hàm số có 3 cực trị là: −m > 0 ⇔ m < 0.
Do AB2 = AC2 nên tam giác ABC luôn cân tại A. # » # » ñm = 0 (loại)
Do đó 4ABC vuông tại A khi AB · AC = 0 ⇔ m + m4 = 0 ⇔ . Con m = −1 (nhận) Chọn đáp án B Có x + 1
c Câu 9. Tìm tất cả các giá trị thực của tham số m sao cho đồ thị của hàm số y = √ Đó mx2 + 1 Ở
có hai đường tiệm cận ngang.
A Không có giá trị thực nào của m thỏa mãn yêu cầu đề bài. B m < 0. Chí Ý C m = 0. D m > 0. Có Ê Lời giải.
Đồ thị hàm số có hai tiệm cận ngang ⇔ lim y, lim y tồn tại và khác nhau. Đâu x→−∞ x→+∞
Do đó hàm số phải xác định trên khoảng (−∞; +∞) tức là mx2 + 1 > 0, ∀ ⇔ m > 0.Do đó loại B. Nơi
○ m = 0 thì y = x + 1 nên hàm số không có tiệm cận ngang. 1 x + 1 1 + 1
○ m > 0 thì lim y = lim √ = lim x = − √ . x→−∞ x→−∞ mx2 + 1 x→−∞ … 1 m − m + x2 1 x + 1 1 + 1 và lim y = lim √ = lim x = √ . x→+∞ x→+∞ mx2 + 1 x→+∞ … 1 m m + x21
Đồ thị hàm số có hai tiệm cận ngang là y = ± √ . m Chọn đáp án D p Th.S Nguyễn Hoàng Việt 3 Ô SĐT: 0905.193.688 ĐỀ SỐ 1
c Câu 10. Cho một tấm nhôm hình vuông cạnh 12 cm. Người ta cắt ở bốn góc của tấm nhôm
đó bốn hình vuông bằng nhau, mỗi hình vuông có cạnh bằng x cm, rồi gập tấm nhôm lại như
hình vẽ dưới đây để được một cái hộp không nắp. Tìm x để hộp nhận được có thể tích lớn nhất. A x = 6. B x = 3. C x = 2. D x = 4. Ê Lời giải.
Mặt đáy của hộp là hình vuông có cạnh bằng 12 − 2x (cm), với 0 < x < 6. Vậy diện tích của đáy
Việt hộp là S = (12 − 2x)2 = 4(6 − x)2.
Khối hộp có chiều cao h = x (cm).
Vậy thể tích hộp là V = S · h = 4(6 − x)2 · x = 4x3 − 48x2 + 144x (cm3).
Xét hàm f (x) = 4x3 − 48x2 + 144x, 0 < x < 6. ñx = 2
Hoàng Ta có f0(x) = 12x2 − 96x + 144 ⇒ f0(x) = 0 ⇔ x2 − 8x + 12 = 0 ⇔ . x = 6
ễn Do 0 < x < 6 nên ta lấy x = 2. Ta có bảng biến thiên: x 0 2 6 Nguy f 0 + 0 − 128 Ths: f 0 0
Gv Vậy thể tích khối hộp đạt giá trị lớn nhất khi x = 2 (cm). Chọn đáp án C tan x − 2
c Câu 11. Tìm tất cả các giá trị thực của tham số m sao cho hàm số y = đồng tan x − m π biến trên khoảng 0; . 4
A m ≤ 0 hoặc 1 ≤ m < 2. B m ≤ 0. C 1 ≤ m < 2. D m ≥ 2. Ê Lời giải.
Đặt t = tan x ⇒ t ∈ (0; 1). t − 2
Khi đó, hàm số ban đầu trở thành y = với 0 < t < 1. t − m 2 − m Ta có y0 = . (t − m)2 ®y0 > 0 ®m < 2 ñ1 6 m < 2
Hàm số đồng biến trên (0; 1) khi ⇔ ⇔ . m / ∈ (0; 1) m / ∈ (0; 1) m 6 0 Chọn đáp án A p Th.S Nguyễn Hoàng Việt 4 Ô SĐT: 0905.193.688 ĐỀ THI THỬ QUỐC GIA
c Câu 12. Giải phương trình log (x − 1) = 3. 4 A x = 63. B x = 65. C x = 80. D x = 82. Ê Lời giải.
Phương trình đã cho ⇔ x − 1 = 43 ⇔ x − 1 = 64 ⇔ x = 65. Chọn đáp án B
c Câu 13. Tính đạo hàm của hàm số y = 13x. 13x A y0 = x · 13x−1. B y0 = 13x · ln 13. C y0 = 13x. D y0 = . ln 13 Ê Lời giải.
Công thức đạo hàm của y = ax là: y0 = ax ln a.
Nên hàm số đã cho có đạo hàm là y0 = 13x ln 13. Chọn đáp án B
c Câu 14. Giải bất phương trình log (3x − 1) > 3. 2 Đường 1 10 A x > 3. B < x < 3. C x < 3. D x > . 3 3 Con Ê Lời giải.
Bất phương trình đã cho ⇔ 3x − 1 > 23 ⇔ 3x − 1 > 8 ⇔ x > 3. Có Chọn đáp án A Đó
c Câu 15. Tìm tập xác định D của hàm số y = log (x2 − 2x − 3). 2 Ở
A D = (−∞; −1] ∪ [3; +∞). B D = [−1; 3].
C D = (−∞; −1) ∪ (3; +∞). D D = (−1; 3). Chí Ý Ê Lời giải. ñx > 3
Hàm số có nghĩa ⇔ x2 − 2x − 3 > 0 ⇔ . Có x < −1
Vậy tập xác định là D = (−∞; −1) ∪ (3; +∞). Chọn đáp án C Đâu
c Câu 16. Cho hàm số f (x) = 2x · 7x2. Khẳng định nào sau đây là khẳng định sai? Nơi
A f (x) < 1 ⇔ x + x2 log 7 < 0.
B f (x) < 1 ⇔ x ln 2 + x2 ln 7 < 0. 2
C f (x) < 1 ⇔ x log 2 + x2 < 0.
D f (x) < 1 ⇔ 1 + x log 7 < 0. 7 2 Ê Lời giải. Ä
Ta có f (x) = 2x.7x2 < 1 ⇔ log
2x.7x2ä < 0 ⇔ x + x2 log 7 < 0, nên câu A đúng. 2 2 Ä
Và f (x) = 2x.7x2 < 1 ⇔ ln 2x.7x2ä < 0 ⇔ x ln 2 + x2 ln 7 < 0, nên câu B đúng. Ä
Và f (x) = 2x.7x2 < 1 ⇔ log
2x.7x2ä < 0 ⇔ x log 2 + x2 < 0, nên câu C đúng 7 7 Ä
D sai do f (x) = 2x.7x2 < 1 ⇔ log
2x.7x2ä < 0 ⇔ x + x2 log 7 < 0 ⇔ x (1 + xlog 7) < 0. 2 2 2 Chọn đáp án D
c Câu 17. Cho các số thực dương a, b, với a 6= 1. Khẳng định nào sau đây là khẳng định đúng? p Th.S Nguyễn Hoàng Việt 5 Ô SĐT: 0905.193.688 ĐỀ SỐ 1 1 A log log b. B log b. a2 (ab) = 2 a a2 (ab) = 2 + 2 loga 1 1 1 C log log b. D log + log b. a2 (ab) = 4 a a2 (ab) = 2 2 a Ê Lời giải. 1 1 1 1 Ta có log log (ab) = (1 + log b) = + log b, nên câu D đúng. a2 (ab) = 2 a 2 a 2 2 a Chọn đáp án D x + 1
c Câu 18. Tính đạo hàm của hàm số y = . 4x 1 − 2(x + 1) ln 2 1 + 2(x + 1) ln 2 A y0 = . B y0 = . 22x 22x 1 − 2(x + 1) ln 2 1 + 2(x + 1) ln 2 C y0 = . D y0 = . 2x2 2x2 Ê Lời giải. Å x + 1 ã0 4x − (x + 1)4x ln 4 1 − 2(x + 1) ln 2 Ta có y0 = = = . Việt 4x 42x 4x Chọn đáp án A
c Câu 19. Đặt a = log 3, b = log 3. Hãy biểu diễn log 45 theo a và b. 2 5 6 a + 2ab 2a2 − 2ab Hoàng A log 45 = . B log 45 = . 6 ab 6 ab a + 2ab 2a2 − 2ab ễn C log 45 = . D log 45 = . 6 ab + b 6 ab + b Ê Lời giải. Nguy 1 a Ta có = log 5 ⇒
= log 3. log 5 = log 5. Vậy ta đưa về cơ số 2. b 3 b 2 3 2 log (32.5) 2a + a 2ab + a Ths: log 45 = 2 = b = . 6 log 3 + 1 a + 1 ab + b 2 Chọn đáp án C Gv
c Câu 20. Cho hai số thực a và b, với 1 < a < b. Khẳng định nào dưới đây là khẳng định đúng?
A log b < 1 < log a.
B 1 < log b < log a. a b a b
C log a < log b < 1.
D log a < 1 < log b. b a b a Ê Lời giải. ® log 1 < log a < log b ®0 < 1 < log b Ta có 1 < a < b ⇒ a a a ⇒ a ⇒ log a < 1 < log b. log 1 < log a < log b 0 < log a < 1 b a b b b b Chọn đáp án D
c Câu 21. Ông A vay ngắn hạn ngân hàng 100 triệu đồng, với lãi suất 12%/năm. Ông muốn
hoàn nợ cho ngân hàng theo cách: Sau đúng một tháng kể từ ngày vay, ông bắt đầu hoàn nợ;
hai lần hoàn nợ liên tiếp cách nhau đúng một tháng, số tiền hoàn nợ ở mỗi lần là như nhau và
trả hết tiền nợ sau đúng 3 tháng kể từ ngày vay. Hỏi, theo cách đó, số tiền m mà ông A sẽ phải
trả cho ngân hàng trong mỗi lần hoàn nợ là bao nhiêu? Biết rằng, lãi suất ngân hàng không
thay đổi trong thời gian ông A hoàn nợ. p Th.S Nguyễn Hoàng Việt 6 Ô SĐT: 0905.193.688 ĐỀ THI THỬ QUỐC GIA 100.(1, 01)3 (1, 01)3 A m = (triệu đồng). B m = (triệu đồng). 3 (1, 01)3 − 1 100 × 1, 03 120.(1, 12)3 C m = (triệu đồng). D m = (triệu đồng). 3 (1, 12)3 − 1 Ê Lời giải.
Đặt r là lãi suất hàng tháng và m là số tiền hoàn nợ mỗi tháng.
• Số tiền ông A nợ ngân hàng cuối tháng thứ nhất là T1 = T (1 + r) − m.
• Số tiền ông A nợ ngân hàng cuối tháng thứ hai là T2 = T1(1 + r) − m = T (1 + a)2 − m[1 + (1 + r)].
• Số tiền ông A nợ ngân hàng cuối tháng thứ ba là T3 = T2(1+r)−m = T (1+r)3−m [1 + (1 + r) + (1 + r)2] (1 + r)3 − 1 T3 = T (1 + r)3 − m . r T.r.(1 + r)3 (1, 01)3
Theo giả thiết có T3 = 0 ⇒ m = = (triệu đồng). (1 + r)3 − 1 (1, 01)3 − 1 Chọn đáp án B
c Câu 22. Viết công thức tính thể tích V của khối tròn xoay được tạo ra khi quay hình thang Đường
cong, giới hạn bởi đồ thị hàm số y = f (x), trục Ox và hai đường thẳng x = a, x = b (a < b), xung quanh trục Ox. b b Con Z Z A V = π f 2(x) dx. B V = f 2(x) dx. a a Có b b Z Z C V = π f (x) dx. D V = π |f (x)| dx. Đó a a Ở Ê Lời giải. Chí
Thể tích V của khối tròn xoay được tạo ra khi quay hình thang cong, giới hạn bởi đồ thị hàm số Ý
y = f (x), trục Ox và hai đường thẳng x = a, x = b; (a < b), xung quanh trục Ox được tính theo b Có Z công thức V = π f 2(x) dx. a Đâu Chọn đáp án A √
c Câu 23. Tìm nguyên hàm của hàm số f (x) = 2x − 1. Nơi Z 2 √ Z 1 √ A f (x) dx = (2x − 1) 2x − 1 + C. B f (x) dx = (2x − 1) 2x − 1 + C. 3 3 Z 1 √ Z 1 √ C
f (x) dx = − (2x − 1) 2x − 1 + C. D f (x) dx = (2x − 1) 2x − 1 + C. 3 2 Ê Lời giải. Ta có Z Z √ 1 Z 1 f (x) dx = 2x − 1 dx = (2x − 1) 2 d(2x − 1) 2 1 2 √ 3 1 = · (2x − 1) 2 + C = (2x − 1) 2x − 1 + C 2 3 3 Chọn đáp án B p Th.S Nguyễn Hoàng Việt 7 Ô SĐT: 0905.193.688 ĐỀ SỐ 1
c Câu 24. Một ô tô đang chạy với vận tốc 10 m/s thì người lái đạp phanh; từ thời điểm đó,
ô tô chuyển động chậm dần đều với vận tốc v(t) = −5t + 10 (m/s), trong đó t là khoảng thời
gian tính bằng giây, kể từ lúc bắt đầu đạp phanh. Hỏi từ lúc đạp phanh đến khi dừng hẳn, ô tô
còn di chuyển bao nhiêu mét? A 0,2m. B 2m. C 10m. D 20m. Ê Lời giải.
Chọn mốc thời gian là lúc bắt đầu đạp phanh. Thời điểm xe dừng hẳn là
v(t) = −5t + 10 = 0 ⇔ t = 2s
Từ lúc đạp phanh đến khi dừng hẳn, ô tô còn di chuyển được quãng đường là: 2 2 Z Z Å 5 ã2 S = v(t) dt = (−5t + 10) dt = − t2 + 10t = 10m 2 0 0 0 Chọn đáp án C π Việt Z
c Câu 25. Tính tích phân I = cos3 x. sin x dx. 0 1 1 A I = − π4. B I = −π4. C I = 0. D I = − . 4 4 Hoàng Ê Lời giải.
ễn Đặt u = cos x ⇒ du = − sin x dx ⇒ sin x dx = − du Đổi cận Nguy x 0 π u 1 −1 Ths: −1 1 Z Z 1 1 Nên I = u3. (− du) = u3. du = u4 = 0 4 Gv −1 1 −1 Chọn đáp án C e Z
c Câu 26. Tính tích phân I = x ln x dx 1 1 e2 − 2 e2 + 1 e2 − 1 A I = . B I = . C I = . D I = . 2 2 4 4 Ê Lời giải. 1 ®u = ln x du = dx Đặt ⇒ x , ta có: dv = x dx 1 v = x2 2 e 1 e Z 1 1 e 1 e 1 Å 1 1 ã e2 + 1 I = x2 ln x − x dx = x2 ln x − x2 = e2 − e2 − = . 2 2 2 4 2 4 4 4 1 1 1 1 Chọn đáp án C p Th.S Nguyễn Hoàng Việt 8 Ô SĐT: 0905.193.688 ĐỀ THI THỬ QUỐC GIA
c Câu 27. Tính diện tích hình phẳng giới hạn bởi đồ thị hàm số y = x3 − x và đồ thị hàm số y = x − x2. 37 9 81 A . B . C . D 13. 12 4 12 Ê Lời giải.
Phương trình hoành độ giao điểm của đồ thị hai hàm số: x = 0
x3 − x = x − x2 ⇔ x3 + x2 − 2x = 0 ⇔ x = 1 x = −2
Diện tích hình phẳng giới hạn bởi đồ thị hàm số y = x3 − x và đồ thị hàm số y = x − x2 là 1 0 1 Z Z Z S = x3 + x2 − 2x dx = x3 + x2 − 2x dx + x3 + x2 − 2x dx −2 −2 0 0 1 Z Z Đường = x3 + x2 − 2x dx − x3 + x2 − 2x dx −2 0 Å ã0 Å ã1 Con 1 1 1 1 = x4 + x3 − x2 − x4 + x3 − x2 4 3 4 3 −2 0 Có 8 Å 5 ã 37 = − − = . 3 12 12 Đó Chọn đáp án A Ở
c Câu 28. Kí hiệu (H) là hình phẳng giới hạn bởi đồ thị hàm số y = 2(x − 1)ex, trục tung và Chí
trục hoành. Tính thể tích V của khối tròn xoay thu được khi quay hình (H) xung quanh trục Ý Ox. A V = 4 − 2e. B V = (4 − 2e)π. C V = e2 − 5. D V = (e2 − 5)π. Có Ê Lời giải.
Phương trình hoành độ giao điểm của đồ thị hàm số y = 2(x − 1)ex và trục hoành là Đâu 2(x − 1)ex = 0 ⇔ x = 1 Nơi
Thể tích V của khối tròn xoay thu được khi quay hình (H) xung quanh trục Ox là 1 1 Z Z V = [2(x − 1)ex]2 dx = 4 (x − 1)2e2x dx 0 0 1 Z Xét tích phân I = (x − 1)2e2x dx 0 ®u = (x − 1)2 du = 2(x − 1) dx Đặt ⇒ 1 , dv = e2x dx v = e2x 21 1 1 1 Z 1 Z Ta có: I = (x − 1)2e2x − (x − 1)e2x dx = − − (x − 1)e2x dx 2 2 0 0 0 p Th.S Nguyễn Hoàng Việt 9 Ô SĐT: 0905.193.688 ĐỀ SỐ 1 ®u du1 = dx 1 = (x − 1) Đặt ⇒ 1 , dv1 = e2x dx v e2x 1 = 2 Ñ 1 é Ç å 1 1 1 1 Z 1 1 1 1 1 Å 1 e2 1 ã Do đó I = − − (x − 1)e2x − e2x dx = − − − e2x = − − − + = 2 2 2 2 2 4 2 2 4 4 0 0 0 e2 − 5 4 e2 − 5 Vậy V = 4I = 4 · = e2 − 5. 4 Chọn đáp án D
c Câu 29. Cho số phức z = 3 − 2i. Tìm phần thực và phần ảo của số phức ¯ z
A Phần thực bằng −3 và Phần ảo bằng −2i.
B Phần thực bằng −3 và Phần ảo bằng −2.
C Phần thực bằng 3 và Phần ảo bằng 2i.
D Phần thực bằng 3 và Phần ảo bằng 2. Ê Lời giải.
Việt Từ z = 3 − 2i suy ra ¯z = 3 + 2i. Nên, phần thực của ¯z bằng 3 và phần ảo của ¯z bằng 2. Chọn đáp án D
c Câu 30. Cho hai số phức z1 = 1 + i và z2 = 2 − 3i. Tính môđun của số phức z1 + z2 √ √ Hoàng A |z1 + z2| = 13. B |z1 + z2| = 5. C |z1 + z2| = 1. D |z1 + z2| = 5. ễn Ê Lời giải. √
Ta có: z1 + z2 = 3 − 2i ⇒ |z1 + z2| = p32 + (−2)2 = 13. Chọn đáp án A Nguy c Câu 31.
Cho số phức z thỏa mãn (1 + i)z = 3 − i. Hỏi điểm biểu diễn của z là điểm y Ths:
nào trong các điểm M, N, P, Q ở hình bên? A Điểm P . B Điểm Q. N M Gv C Điểm M . D Điểm N . x P Q Ê Lời giải. 3 − i
Ta có: (1 + i)z = 3 − i ⇔ z = = 1 − 2i. 1 + i
Vậy điểm biểu diễn của z là điểm Q(1; −2). Chọn đáp án B
c Câu 32. Cho số phức z = 2 + 5i. Tìm số phức w = iz + z. A w = 7 − 3i. B w = −3 − 3i. C w = 3 + 7i. D w = −7 − 7i. Ê Lời giải.
Ta có: z = 2 + 5i ⇒ w = iz + z + i(2 + 5i) + 2 − 5i = 2i − 5 + 2 − 5i = −3 − 5i. Chọn đáp án B p Th.S Nguyễn Hoàng Việt 10 Ô SĐT: 0905.193.688 ĐỀ THI THỬ QUỐC GIA
c Câu 33. Kí hiệu z1, z2, z3 và z4 là bốn nghiệm phức của phương trình z4 − z2 − 12 = 0. Tính
tổng T = |z1| + |z2| + |z3| + |z4|. √ √ √ A T = 4. B T = 2 3. C 4 + 2 3. D T = 2 + 2 3. Ê Lời giải. ñz2 = 4 ñz = ±2
Ta có: z4 − z2 − 12 = 0 ⇔ ⇔ √ . z2 = −3 z = ±i 3 √
Vậy T = |z1| + |z2| + |z3| + |z4| = 4 + 2 3. Chọn đáp án C
c Câu 34. Cho các số phức z thỏa mãn |z| = 4. Biết rằng tập hợp các điểm biểu diễn các số
phức w = (3 + 4i)z + i là một đường tròn. Tính bán kính r của đường tròn đó. A r = 4. B r = 5. C r = 20. D r = 22. Ê Lời giải.
Giả sử w = x + yi (x, y ∈ R. Đường w − i x + (y − 1)i
3x − 4(y − 1) + [3(y − 1) + 4x] i
Ta có: w = (3 + 4i)z + i ⇔ z = = = . 3 + 4i 3 + 4i 25 Å 3x − 4y + 4 ã2 Å 4x + 3y − 3 ã2 Con Do đó, ta có: |z| = 4 ⇔ +
= 16 ⇔ x2 + (y − 1)2 = 400. 25 25 Suy ra r = 20. Có Chọn đáp án C √ Đó
c Câu 35. Tính thể tích V của khối lập phương ABCD.A0B0C0D0, biết AC0 = a 3. √ Ở 3 6a3 √ 1 A V = a3. B V = . C V = 3 3a3. D V = a3. 4 3 Chí Ê Lời giải. Ý √
Khối lập phương ABCD.A0B0C0D0 có độ dài đường chéo AC0 = a 3 nên có độ dài cạnh là a. Vậy Có
thể tích V của khối lập phương ABCD.A0B0C0D0 là V = a3. Chọn đáp án A Đâu
c Câu 36. Cho hình chóp tứ giác S.ABCD có đáy ABCD là hình vuông cạnh a, cạnh bên √
SA vuông góc với mặt phẳng đáy và SA =
2a. Tính thể tích V của khối chóp S.ABCD. √ √ √ 2a3 2a3 √ 2a3 Nơi A V = . B V = . C V = 2a3. D V = . 6 4 3 Ê Lời giải. √ 1 1 √ a3 2 Ta có: V = SABCD × SA = a2 × a 2 = . 3 3 3 Chọn đáp án D
c Câu 37. Cho tứ diện ABCD có các cạnh AB, AC và AD đôi một vuông góc với nhau;
AB = 6a, AC = 7a và AD = 4a. Gọi M, N, P tương ứng là trung điểm các cạnh BC, CD, DB.
Tính thể tích V của tứ diện A.M N P . 7 28 A V = a3. B V = 14a3. C V = a3. D V = 7a3. 2 3 Ê Lời giải. p Th.S Nguyễn Hoàng Việt 11 Ô SĐT: 0905.193.688 ĐỀ SỐ 1 1 1
Ta có VABCD = AB · AC · AD = · 6a · 7a · 4a = 28a3. 6 6 D 1 1 Dễ thấy SMNP = SMNDP = SBCD ⇒ VAMNP = 2 4 1 V N ABCD = 7a3. 4 P A C M B Chọn đáp án D √
c Câu 38. Cho hình chóp tứ giác S.ABCD có đáy là hình vuông cạnh bằng 2a. Tam giác
SAD cân tại S và mặt bên (SAD) vuông góc với mặt phẳng đáy. Biết thể tích khối chóp 4 S.ABCD bằng
a3. Tính khoảng cách h từ B đến mặt phẳng (SCD). 3 2 4 8 3 A h = a. B h = a. C h = a. D h = a. Việt 3 3 3 4 Ê Lời giải. Hoàng S 1 √ 4 ○ Đặt SH = x ⇒ V = · x · (a 2)2 = a3 ⇒ x = 2a. ễn 3 3 ○ Ta có d(B; (SCD)) = d(A; (SCD)) = √ K Nguy a 2 2a · 4a A B 2d(H; (SCD)) = 2HK = 2 · 2 = . … a2 3 Ths: H 4a2 + 2 D C Gv Chọn đáp án B √
c Câu 39. Trong không gian, cho tam giác ABC vuông tại A, AB = a và AC = 3a. Tính độ
dài đường sinh ` của hình nón, nhận được khi quay tam giác ABC xung quanh trục AB. √ √ A ` = a. B ` = 2a. C ` = 3a. D ` = 2a. Ê Lời giải. √
Đường sinh của hình nón có độ dài bằng đoạn BC = AB2 + AC2 = 2a. Chọn đáp án D
c Câu 40. Từ một tấm tôn hình chữ nhật kích thước 50 cm × 240 cm, người ta làm các thùng
đựng nước hình trụ có chiều cao bằng 50 cm, theo hai cách sau (xem hình minh họa dưới đây):
○ Cách 1: Gò tấm tôn ban đầu thành mặt xung quanh của thùng.
○ Cách 2: Cắt tấm tôn ban đầu thành hai tấm bằng nhau, rồi gò mỗi tấm đó thành mặt xung quanh của một thùng.
Kí hiệu V1 là thể tích của thùng gò được theo cách 1 và V2 là tổng thể tích của hai thùng gò p Th.S Nguyễn Hoàng Việt 12 Ô SĐT: 0905.193.688 ĐỀ THI THỬ QUỐC GIA V1
được theo cách 2. Tính tỉ số . V2 V 1 V V V A 1 = 1 1 1 . B = 1. C = 2. D = 4. V2 2 V2 V2 V2 Ê Lời giải. Đường R
Ban đầu bán kính đáy là R, sau khi cắt và gò ta được 2 khối trụ có bán kính đáy là . 2 Con
Đường cao của các khối trụ không thay đổi. Å R ã2 πR2h Có
Ta có: V1 = Sd · h = πR2 · h; V2 = 2 (Sd · h) = 2π · h = . 1 2 2 V1 Khi đó: = 2 . Đó V2 Ở Chọn đáp án C c Chí
Câu 41. Trong không gian, cho hình chữ nhật ABCD có AB = 1 và AD = 2. Gọi M, N lần
lượt là trung điểm của AD và BC. Quay hình chữ nhật đó xung quanh trục M N , ta được một Ý
hình trụ. Tính diện tích toàn phần Stp của hình trụ đó. A S Có tp = 4π. B Stp = 2π. C Stp = 6π. D Stp = 10π. Đâu Ê Lời giải. Nơi
Hình trụ có bán kính đáy r = 1, chiều cao h = 1 nên có Stp = 2πr2 + 2πrh = 4π. Chọn đáp án A
c Câu 42. Cho hình chóp S.ABC có đáy ABC là tam giác đều cạnh bằng 1, mặt bên SAB là
tam giác đều và nằm trong mặt phẳng vuông góc với mặt phẳng đáy. Tính thể tích V của khối
cầu ngoại tiếp hình chóp đã cho. √ √ √ 5 15π 5 15π 4 3π 5π A V = . B V = . C V = . D V = . 18 54 27 3 Ê Lời giải. p Th.S Nguyễn Hoàng Việt 13 Ô SĐT: 0905.193.688 ĐỀ SỐ 1
Đặt R là bán kính mặt cầu ngoại tiếp khối chóp. S
Dựng hình như hình bên với IG0 là trục đường tròn ngoại tiếp
tam giác ABC và IG là trục đường tròn ngoại tiếp tam giác SAB. √ √ √ 3 3 6 Ta có: G0H = ; GH = ⇒ IH = . 6 6 √ 6 √ √ 15 4 5 15π I Do vậy R = IH2 + HA2 = ⇒ V = πR3 = . G 6 3 54 A C G0 H B Chọn đáp án B
c Câu 43. Trong không gian với hệ tọa độ Oxyz, cho mặt phẳng (P ) : 3x − z + 2 = 0. Vectơ
nào dưới đây là một vectơ pháp tuyến của (P )? A #» n4 = (−1; 0; −1). B #» n1 = (3; −1; 2). C #» n3 = (3; −1; 0). D #» n2 = (3; 0; −1). Ê Việt Lời giải.
Ta có : (P ) : 3x + 0y − z + 2 = 0 nên (3; 0; −1) là tọa độ vectơ pháp tuyến của (P ). Chọn đáp án D c Hoàng
Câu 44. Trong không gian với hệ tọa độ Oxyz, cho mặt cầu (S) : (x+1)2+(y−2)2+(z−1)2 =
9. Tìm tọa độ tâm I và tính bán kính R của (S). ễn
A I(−1; 2; 1) và R = 3.
B I(1; −2; −1) và R = 3.
C I(−1; 2; 1) và R = 9.
D I(1; −2; −1) và R = 9. Nguy Ê Lời giải.
Dựa vào dạng tổng quát của phương trình mặt cầu (S) : (x − a)2 + (y − b)2 + (z − c)2 = R2. Ths: Chọn đáp án A Gv
c Câu 45. Trong không gian với hệ tọa độ Oxyz, cho mặt phẳng (P ) : 3x + 4y + 2z + 4 = 0
và điểm A(1; −2; 3). Tính khoảng cách d từ A đến (P ). √ 5 5 5 5 A d = . B d = . C d = √ . D d = . 9 29 29 3 Ê Lời giải. |3.1 + 4.(−2) + 2.3 + 4| 5 Ta có d(A; (P )) = √ = √ 32 + 42 + 22 29 Chọn đáp án C x − 10
c Câu 46. Trong không gian với hệ tọa độ Oxyz, cho đường thẳng ∆ có phương trình = 5 y − 2 z + 2 = . 1 1
Xét mặt phẳng (P ) : 10x + 2y + mz + 11 = 0, m là tham số thực. Tìm tất cả các giá trị của m
để mặt phẳng (P ) vuông góc với đường thẳng ∆. A m = −2. B m = 2. C m = −52. D m = 52. Ê Lời giải. p Th.S Nguyễn Hoàng Việt 14 Ô SĐT: 0905.193.688 ĐỀ THI THỬ QUỐC GIA ○ # »
Vectơ chỉ phương của ∆ là u∆ = (5; 1; 1). ○ #»
Vectơ pháp tuyến của (P ) là n = (10; 2; m). 10 2 m ○ # » #»
∆ vuông góc với (P ) khi và chỉ khi u∆ và n cùng phương. Hay = = suy ra m = 2. 5 1 1 Chọn đáp án B
c Câu 47. Trong không gian với hệ tọa độ Oxyz, cho hai điểm A(0; 1; 1) và B(1; 2; 3). Viết
phương trình của mặt phẳng (P ) đi qua A và vuông góc với đường thẳng AB. A x + y + 2z − 3 = 0. B x + y + 2z − 6 = 0.
C x + 3y + 4z − 7 = 0.
D x + 3y + 4z − 26 = 0. Ê Lời giải. # »
Mặt phẳng (P ) qua A và nhận AB = (1; 1; 2) làm vectơ pháp tuyến có phương trình là Đường
x + (y − 1) + 2(z − 1) = 0 ⇔ x + y + 2z − 3 = 0. Chọn đáp án A Con
c Câu 48. Trong không gian với hệ tọa độ Oxyz, cho mặt cầu (S) có tâm I(2; 1; 1) và mặt Có
phẳng (P ) : 2x + y + 2z + 2 = 0. Biết mặt phẳng (P ) cắt mặt cầu (S) theo giao tuyến là một
đường tròn có bán kính bằng 1. Viết phương trình của mặt cầu (S). Đó
A (S): (x + 2)2 + (y + 1)2 + (z + 1)2 = 8.
B (S): (x + 2)2 + (y + 1)2 + (z + 1)2 = 10.
C (S): (x − 2)2 + (y − 1)2 + (z − 1)2 = 8.
D (S): (x − 2)2 + (y − 1)2 + (z − 1)2 = 10. Ở Ê Lời giải. Chí Ý
○ khoảng cách từ tâm I đến mặt phẳng (P ) là d = 3. Có √ √
○ bán kính mặt cầu là R = 32 + 12 = 10.
○ phương trình mặt cầu là (x − 2)2 + (y − 1)2 + (z − 1)2 = 10. Đâu Chọn đáp án D Nơi
c Câu 49. Trong không gian với hệ tọa độ Oxyz, cho điểm A(1; 0; 2) và đường thẳng d có x − 1 y z + 1 phương trình: = =
. Viết phương trình đường thẳng ∆ đi qua A, vuông góc và 1 1 2 cắt d. x − 1 y z + 2 x − 1 y z + 2 A ∆: = = . B ∆: = = . 1 1 1 1 1 −1 x − 1 y z − 2 x − 1 y z − 2 C ∆: = = . D ∆: = = . 2 2 1 1 −3 1 Ê Lời giải. Cách 1 :
○ phương trình mặt phẳng qua A và vuông góc với đường thẳng d là (P ) : x + y + 2z − 5 = 0.
○ giao điểm của d và (P ) là B(2; 1; 1). p Th.S Nguyễn Hoàng Việt 15 Ô SĐT: 0905.193.688 ĐỀ SỐ 1 x − 1
○ khi đó đường thẳng cần tìm chính là đường thẳng đi qua A và B có phương trình = 1 y z + 2 = 1 −1 Cách 2 :
○ Gọi B(1 + b; b; −1 + 2b) là giao điểm của đường thẳng ∆ với đường thẳng d. # » ○ # »
ta có ∆ vuông góc với d nên AB.u∆ = 0 hay b + b + 2(2b − 3) = 0 suy ra b = 1 và B(2; 1; 1). x − 1
○ khi đó đường thẳng cần tìm chính là đường thẳng đi qua A và B có phương trình = 1 y z + 2 = 1 −1 Chọn đáp án B
c Câu 50. Trong không gian với hệ tọa độ Oxyz, cho bốn điểm A(1; ˘2; 0), B(0; ˘1; 1),
C(2; 1; ˘1) và D(3; 1; 4). Hỏi có tất cả bao nhiêu mặt phẳng cách đều bốn điểm đó? A 1 mặt phẳng. B 4 mặt phẳng. C 7 mặt phẳng.
D Có vô số mặt phẳng. Việt Ê Lời giải. Hoàng
○ Viết phương trình mặt phẳng (ABC) ta được (ABC): x + z − 1 = 0. Kiểm tra tọa độ điểm D
ta suy ra 4 điểm A; B; C; D không đồng phẳng. ễn
○ Gọi (P ) là mặt phẳng cách đều 4 điểm ta có 2 trường hợp:
+ Trường hợp 1 (có 1 điểm nằm khác phía với 3 điểm còn lại): có 4 mặt phẳng. Nguy
+ Trường hợp 2 (mỗi phía có 2 điểm): có C2 = 3 mặt phẳng. 3 Chọn đáp án C Ths: ———–HẾT———– Gv p Th.S Nguyễn Hoàng Việt 16 Ô SĐT: 0905.193.688