Đại cương môn phái | Gợi ý giải bài tập Giải tích 3 | Đại học Bách khoa Thành phố Hồ Chí Minh

Đại cương môn phái | Gợi ý giải bài tập Giải tích 3 | Đại học Bách khoa Thành phố Hồ Chí Minh. Tài liệu gồm 31 trang giúp bạn tham khảo, củng cố kiến thức và ôn tập đạt kết quả cao trong kỳ thi sắp tới. Mời bạn đọc đón xem!

FB/ BK – Đại cương môn phái
[GIẢI BÀI TẬP GIẢI TÍCH III]
2
Sưu tầm: Trí Trí | Hải Nam | Nguyễn Phú | Minh Nguyễn |
FB/ BK – Đại cương môn phái
[GIẢI BÀI TẬP GIẢI TÍCH III]
7
Sưu tầm: Trí Trí | Hải Nam | Nguyễn Phú | Minh Nguyễn |
Lời giải – Hướng dẫn được thực hiện bởi Team GT3 nhóm BK-ĐCMP
I Chuỗi
1 Xét sự hội tụ và tính tổng nếu có:
a)
2 2
1 1 1 1 1 1
... ...
2 3 2 3 2 3
n n
=
2 2
1 1 1 1 1 1
... ... ... ...
2 2 2 3 3 3
n n
=
1 1
1 1
1 1
2 3
. .
1 1
2 3
1 1
2 3
lim
n n
n
=
1 3
1
2 2
Vậy chuỗi đã cho hội tụ và có tổng S =
3
2
b)
1 1 1
...
1.2.3 2.3.4 3.4.5
1 1 1 1 1 1 1
...
lim
n
n n n n

1 ( 1) ( 1) 1 1 1
( 1) ( 1) 2( 1) ( 1) 2 ( 1) ( 1)
n n
n n n n n n n n n n
1 1 1 1
2 1.2 ( 1) 4
lim
n
n n

Vậy chuỗi đã cho hội tụ và có tổng bằng S =
1
4
c)
2 2
1 2
... ...
9 225 (2 1) (2 1)
n
n n
Hội tụ và tổng S =
1
8
Gợi ý:
2 2
2 2
2 2 2 2
(2 1) (2 1) 1 1 1
(2 1) (2 1) 8.(2 1) (2 1) 8
2 1 2 1
n n n
n n n n
n n
2 Các chuỗi sau hội tụ hay phân kì? Tại sao?
a)
1
3
( 1)
5
n
n
n
1 1 1
3 3
( 1) ( 1)
5 5
n n
n n
n n n
FB/ BK – Đại cương môn phái
[GIẢI BÀI TẬP GIẢI TÍCH III]
8
Sưu tầm: Trí Trí | Hải Nam | Nguyễn Phú | Minh Nguyễn |
1
) ( 1)
n
n
là chuỗi PK
1
3
)
5
n
n
là chuỗi HT
Do đó chuỗi đã cho PK
b)
1
1
4 1
n
n
n
n
Ta có:
1
1
4 1
n
n
n
n
là chuỗi dương và ta lại có:
1
1 1
ln 1 .
1 1
1 1 1 1
lim lim
0
4 1 4 4 4
lim
lim
n n
n
n
n
n
n n
n n
n
n
a e e e
 


Nên chuỗi đã cho PK
3 Sử dụng các tiêu chuẩn: So sánh; Cauchy; D’Alambert; Tích phân, xét sự hội
tụ:
a)
2
1
10 1
n
n
n
Ta có:
2
1
10 1
n
n
n
là chuỗi dương
2
1
10 1 10
n
n n
khi
n
.
1
1
10
n
n
phân kì nên theo tiêu chuẩn so sánh chuỗi đã cho phân kì.
b)
2
( 1)( 2)
n
n
n n
Ta có
2
( 1)( 2)
n
n
n n
là chuỗi dương
Ta lại có:
1 0
( 1)( 2)
lim lim
n
n n
n
n n
a

nên chuỗi đã cho PK
c)
2
2
2
1
1
n
n
n
FB/ BK – Đại cương môn phái
[GIẢI BÀI TẬP GIẢI TÍCH III]
9
Sưu tầm: Trí Trí | Hải Nam | Nguyễn Phú | Minh Nguyễn |
Ta có:
2
2 2
1 1
1 ( 1)
n
n n
2
2
1
( 1)
n
n
HT nên chuỗi đã cho HT
d)
3/4
1
1 1
n
n n
n
aa
V
à:
3/4 5/4
3/4
1 1 2 1
( 1 1)
n n
n n
n n n
khi
n
Hơn nữa:
5/4
2
1
n
n
HT nên chuỗi đã cho HT
e)
2
2
1 1
n
n
n
n n
Ta có
2 2 2
1 1 1 1 1
1 .
n n
n
e
n n n n n
khi
n
2
2n
e
n
HT nên => HT
f)
2
1
ln
n
n
2
1
ln
n
n
Là chuỗi dương
Ta có
ln
n n
với mọi n ≥2 nên
1 1
ln n n
2
1
n
n
PK => Chuỗi đã cho PK
g)
2
ln
n
n
n
Ta có:
3/4
1
1 1
n
n n
n
là chuỗi dương
FB/ BK – Đại cương môn phái
[GIẢI BÀI TẬP GIẢI TÍCH III]
10
Sưu tầm: Trí Trí | Hải Nam | Nguyễn Phú | Minh Nguyễn |
Ta lại có:
ln ln 2
n
n n
với mọi n ≥2
2
ln 2
n
n
PK => Chuỗi đã cho PK
h)
2
1 1
ln
1
n
n
n
n
Chuỗi đã cho là dương.
Ta có
3/2
1 1 1 2 1 2 2
ln ln 1 .
1 1 1
n
n n n n
n n n
khi
n
3/2
2
2
n
n
HT => chuỗi đã cho HT
i)
1
1 1
ln
n
n
n n
(Dùng khai triển Mac)
Chuỗi đã cho là dương.
Ta có:
2 2 2
1 1 1 1 1 1 1 1 1
ln ln 1 ( )
2 2
n
o
n n n n n n n n n
khi
n
Do đó chuỗi đã cho HT
j)
2
2 2
2
1
ln tan
n
n n
n n n
Chuỗi đã cho là dương
Ta có:
2
2 2 2 2 2 2 3
1 1 1 1
ln tan ln 1 tan .
n n n n n n
n n n n n n n n n n
khi
n
Do đó chuỗi đã cho HT
Ta có:
2
ln
n
n
n
là chuỗi dương
FB/ BK – Đại cương môn phái
[GIẢI BÀI TẬP GIẢI TÍCH III]
11
Sưu tầm: Trí Trí | Hải Nam | Nguyễn Phú | Minh Nguyễn |
k)
2
1
(3 1)!
.8
n
n
n
n
(Sử dụng Tiêu chuẩn D’Alambert với những chuỗi có “!”)
2 2
2 1 2
1
(3 4)! .8 (3 2)(3 3)(3 4).
. 1
( 1) .8 (3 1)! 8.( 1)
lim lim lim
n
n
n n n
n
n
n n n n n n
n n n
a
a
Do đó chuỗi đã cho PK
l)
2 1
2
1.3.5...(2 1)
2 ( 1)!
n
n
n
n
Chuỗi đã cho là dương.
2 1
2 1
1
1.3.5...(2 1) 2 .( 1)! 2 1 1
. 1
2 . ! 1.3.5...(2 1)! 4 2
lim lim lim
n
n
n n n
n
n
n n n
n n n
a
a
 
=>chuỗi đã cho HT
4 Xét sự HT
2
1
1 1
) 1
5
n
n
n
a
n
Chuỗi đã cho dương nên ta áp dụng tiêu chuẩn Cauchy
2
1 1 1 1
1 1
5 5
lim lim lim
n n
n
n
n n n
n
n
n n
a
  
1 1
ln 1 .
lim lim
1 1 1
1
5 5 5
n n
n n
n n
e
e
e
 
Do đó chuỗi đã cho HT
2
1
3 ( !)
)
(2 )!
n
n
n
b
n
Chuỗi dương nên ta xét:
1 2 2
2
1
3 (( 1)!) (2 )! 3( 1) 3
. 1
(2 2)! 3 ( !) (2 1)(2 2) 4
lim lim lim
n
n
n n n
n
n
n n n
n n n n
a
a
  
=>chuỗi đã cho HT
FB/ BK – Đại cương môn phái
[GIẢI BÀI TẬP GIẢI TÍCH III]
12
Sưu tầm: Trí Trí | Hải Nam | Nguyễn Phú | Minh Nguyễn |
2
1
5
)
2
n
n
n
c
Chuỗi dương nên ta xét:
2 2
1 2 2
1
( 1) 5 2 2 6 1
. 1
2 5 2( 5) 2
lim lim lim
n
n
n n n
n
n
n n n
n n
a
a

nên chuỗi đã cho HT
( 1)
1
1
)
1
n n
n
n
d
n
( 1) 1
1
( 1)ln
1
1 1
lim
1 1
lim lim lim
n
n n n
n
n
n
n
n
n
n n n
n n
a
n n
e

  
2 2( 1)
( 1)ln 1
2
1 1
lim lim
1
n n
n
n
n n
e
e e
 
Nên chuỗi đã cho HT
2
2
1
7 ( !)
)
n
n
n
n
e
n
Chuỗi dương.
1
1 2 2 2 2
2 2 2 2 2
7 (( 1)!) 7( 1) .
.
( 1) 7 ( !) ( 1) .( 1)
lim lim lim
n
n n n
n n n
n n n
n
n n n n
a
a n n n n

2
2
2 2
1 7
1 ... 1
( 1) 1
7lim 7lim
n
n
n
n n
n
n n e
Do đó chuỗi đã cho HT
2
1
)
4 3
n
n
n
f n
n
Chuỗi dương
.
2 2
1 1
2 2
1
.
4 3 4 3 16
lim lim lim lim
n
n n
n
n
n
n n n n
n n
a n n n
n n
 
FB/ BK – Đại cương môn phái
[GIẢI BÀI TẬP GIẢI TÍCH III]
13
Sưu tầm: Trí Trí | Hải Nam | Nguyễn Phú | Minh Nguyễn |
0
1
2
1 1 1
... 1
16 16 16
lim
n
n
n
e
=> Chuỗi đã cho HT
2
1
1
ln
)
n
n
g
n
Ta có
2 2
1 1 1
1
ln
ln
n
n n n
n
n
a
n n
Chọn
3/2
1
n
b
n
3/2
1 1
1
)
n
n n
b
n
là chuỗi HT
Ta có:
3/2
( ')
2 1/2 1/2
ln ln 2
... 0
lim lim lim lim
L
n
n n n n
n
a
n n n
b n n n
=>
1
n
n
a
HT. Suy ra chuỗi đã cho HT
1
) sin (2 3)
n
n
h
Bạn đọc có thể cập nhật trên nhóm “BK – Đại Cương Môn Phái” trên Facebook.
2
3
1
)
ln (ln ln )
n
i
n n n
Chuỗi đã cho dương và giảm nên ta xét
2
1
( ) , 3
ln (ln ln )
f x x
x x x
2 2 2
3
3 3 3 3
(ln ) (ln ln ) 1
( ) lnln 3
ln (ln ln ) ln (ln ln ) (ln ln ) ln ln
dx d x d x
f x dx
x x x x x x x
Tích phân này hội tụ nên chuỗi đã cho cũng HT
1
. !
)
n
n
n
e n
k
n
Chuỗi PK
FB/ BK – Đại cương môn phái
[GIẢI BÀI TẬP GIẢI TÍCH III]
14
Sưu tầm: Trí Trí | Hải Nam | Nguyễn Phú | Minh Nguyễn |
Gợi ý:
Sử dụng công thức Stirling:
! 2
n
n
n n
e
5 Xét sự hội tụ của các chuỗi số sau
a)
2
1
1
1
n
n
n e
2
2
1
1 1
1
n
n e n
n n
khi
n
=> Chuỗi đã cho PK
b)
1
( 1) 1
ln
n
n
n n
2 2 1
1 1 1 1
( 1) 1 ( 1) 1 ( 1) 1 2
ln 2 ln(2 k) 2 1 ln(2 k 1) 2 ln(2k)
n k k
n k n k
n n k k k
Lạ
i có:
2 2 1
2 ln(2k) 2
k k k
1
1
k
k
PK nên chuỗi đã cho PK
c)
1
arcsin( )
n
n
e
Chuỗi dương.
1 1
arcsin( ) arcsin( ) ( )
n
n n
e n
e e
1
1
n
n
e
HT (vì
1
e
<1) nên Chuỗi đã cho HT
d)
2 2
1
sin( ),
n
n a a
Bạn đọc có thể cập nhật trên nhóm “BK – Đại Cương Môn Phái” trên Facebook.
FB/ BK – Đại cương môn phái
[GIẢI BÀI TẬP GIẢI TÍCH III]
15
Sưu tầm: Trí Trí | Hải Nam | Nguyễn Phú | Minh Nguyễn |
e)
1
1.3.5...(2 1)
3 . !
n
n
n
n
Chuỗi dương.
1
1
1.3.5...(2 1) 3 . ! 2 1 2
. 1
3 .( 1)! 1.3.5...(2 1) 3 3
lim lim lim
n
n
n
n n n
n
a
n n n
a n n n

Do đó chuỗi đã cho HT
f)
3
1
cos ,
n
n
a
a
n
+a = 0
:
3
1 1
0
cos 1
n
n n
n
PK
+a ≠ 0: Chuỗi dương và ta có:
3 2
2
lncos
lim
cos cos
lim lim lim
n
n n
a
n
n
n
n n n
n
n
a a
n n
a
e

2 2
2 2 2
2
ln 1 cos 1 . cos 1 .
2
2
lim lim lim
1
n n n
a a a a
n n n
n n
n
e e e e
  
Nên chuỗi đã cho HT
g)
2
2
1
.2
( 1)
n n
n
n
n
n
Chuỗi dương và ta có:
2
2
.2 2 1
1
( 1) 1
( 1)
lim lim lim 2lim
n
n n n
n
n
n
n n n n
n
n
n n
n n
n
a

1
1
ln 1
1 1
2
lim lim
2. 1
2 2
. .
n n
n
n
n n
e
e
e e
 
nên chuỗi đã cho HT
FB/ BK – Đại cương môn phái
[GIẢI BÀI TẬP GIẢI TÍCH III]
16
Sưu tầm: Trí Trí | Hải Nam | Nguyễn Phú | Minh Nguyễn |
h)
1
1
,( , 0)
(ln )
n
n n
Bạn đọc có thể cập nhật trên nhóm “BK – Đại Cương Môn Phái” trên Facebook.
i)
3
3
2
( 1) 2cos
,
(ln )
n
n
n
a
n n
Ta có:
3/2 3/2
( 1) 2cos 3
, 3
(ln ) (ln )
n
n
n
n n n n
Dãy
3/2
3
(ln )n n
dương và giảm về 0 nên ta xét:
3/2
1
( ) , 3
(ln )
f x x
x x
1/2
3/2 3/2
3
3 3 3
(ln )
( ) 2 ln 2ln3
(ln ) (ln )
dx d x
f x dx x
x x x
=>
3/2
3
3
(ln )
n
n n
HT
Do đó chuỗi đã cho HT
j)
2
1
,( ,0 1)
(1 )
n
n
na
a a
a
Xét ,
2
2 1 2
2
1
( 1) (1 ) 1 1
.
(1 ) (1 )
1
)
lim
lim lim
n
n
n n
n
n
n
n a a n
a na n a
a
a
a
 

2
1
1 2
1
a
a
Khi đó chuỗi
2
1
(1 )
n
n
na
a
HT nên chuỗi đã cho HT
2
1
1 0 2
1
a
a
Khi đó chuỗi
2
1
(1 )
n
n
na
a
PK nên chuỗi đã cho PK (Theo
D’Alambert)
2
1
(1 )
n
n
na
a
2
(1 )
n
n
na
a
a
FB/ BK – Đại cương môn phái
[GIẢI BÀI TẬP GIẢI TÍCH III]
17
Sưu tầm: Trí Trí | Hải Nam | Nguyễn Phú | Minh Nguyễn |
2
1
1 2
1
a
a
Khi đó chuỗi đã cho có dạng:
1
( 1) .( 2).
n
n
n
PK
Vậy chuỗi đã cho HT với
2
a
và PK với
0 2
a
6 Tìm miền hội tụ của các chuỗi hàm số sau
1
1
)
1
n
n
a
x
Ta có
1 1
1
n n
x x
khi
n
. Mà
1
1
n
n
x
HT khi
1
x
MHT:
\ 1,1
x
2
1
)
1
n
n
n
x
b
x
2 2
1
1
n n
n n n
x x
x x x
khi
n
Do đó ta có MHT:
\ 1,1
x
1
1
)
x
n
n
c
xn
1 1
1 1 1 1
.
x x x x
n n
xn xn xn x n
1 1
1 1
1 1 1 1
x x
n n
x n x n
HT khi
1 1 2
x x
MHT:
(2, )
x

1
cos
)
2
nx
n
nx
d
Ta có
cos 1 1
2 2 (2 )
nx nx x n
nx
1
1
(2 )
x n
n
HT khi
2 1 0
x
x
MHT:
(0, )
x

FB/ BK – Đại cương môn phái
[GIẢI BÀI TẬP GIẢI TÍCH III]
18
Sưu tầm: Trí Trí | Hải Nam | Nguyễn Phú | Minh Nguyễn |
1
2
1
( 1)
)
1
n
n
e
n x
Ta có:
1
2 2
2
( 1) 1 1
1
1
n
n x n x
n x
2
1
1
n
n x
HT với mọi
0
x
MHT:
\{0}
x
1
1
ln
)
n
n
x
n
f
x e
1/2 1/2
1 1
ln ln
ln
ln 1,( )
( ) ( )
lim lim lim lim
n
n
n n
n n n n
n
n
x x
x
n n
x x e
x e x e
x e
a
 
Chuỗi đã cho PK
( , )
x e

1
3 2
) . ,
( 1)
n
n
n x
g
n x
1/ 1/
3 2 3 2 3 2
. .
( 1) ( 1) ( 1)
lim lim lim lim
n n
n
n
n
n
n n n n
n x x n x n
a
n x x n x n
3 2
1
ln ln( 1)
3 2
lim
.
n
x
x
n n
n
x
x
e k
3 2 1
) 1 1 1
2
x
k x
x
3 2 1
) 1 1 1
2
x
k x x
x
Chuỗi trở thành
1
( 1)
n
n
n
không hội tụ với mọi α
Do đó ta có MHT:
1
,1
2
x
FB/ BK – Đại cương môn phái
[GIẢI BÀI TẬP GIẢI TÍCH III]
19
Sưu tầm: Trí Trí | Hải Nam | Nguyễn Phú | Minh Nguyễn |
1
1
)
2
n
n n
n
h x
x
Bạn đọc có thể cập nhật trên nhóm “BK – Đại Cương Môn Phái” trên Facebook.
1
)
n
n
n
n
x
i
x
1
1
lim lim lim lim
n
n
n
n
n
n
n n n n
n
n
x x
x
x
x
a
k

+
1
x
: k = 0 => Chuỗi HT
+
1
x
1 1
1
n
n
n
n n
x
x
: Phân kì
+
1
x
:
k
Chuỗi PK
MHT:
( , 1) (1, )
x
1 2
5
1
2 1
) . 2
( 1)
n
n
n
k x
n
1 2 5
1
5 1 2 2
(2 3).( 2) ( 1) 1
. ...
( 2) (2 1)( 2) ( 2)
lim lim
n
n
n
n n
n
a
n x n
k
a n n x x
2
1
) 1 1 1 3
( 2)
k x x
x
2
1
) 1 1 1 3
( 2)
k x x
x
Chuỗi trở thành
5
1
2 1
( 1)
n
n
n
là chuỗi HT
Do đó ta có MHT:
( , 3] [ 1, )
x
7 Dùng tiêu chuẩn Weiertrass, chứng minh các chuỗi sau hội tụ đều trên tp
tương ứng
a)
2
1
(1 )
n
n
n
x
x
trên R
2
2
1
1 2
1 2
x
x x
x
b)
1
1
1 2 1
.
2 2
n
n
n
x
x
trên
1;1
2 1 1
1 1
2 2
x x
x x
1;1
x
FB/ BK – Đại cương môn phái
[GIẢI BÀI TẬP GIẢI TÍCH III]
20
Sưu tầm: Trí Trí | Hải Nam | Nguyễn Phú | Minh Nguyễn |
2 2
1 1
(1 ) 1 2 2
n
n
n
n n
x
x
x x
1
1
2
n
n
HT nên ta có đpcm.
1 1
1 2 1 1
.
2 2 2
n
n n
x
x
1
1
1
2
n
n
HT nên ta có đpcm.
c)
1
1
1
2 1
n
n
nx
trên
[0; )
Ta có:
1 1nx
0
x
1
1
1 1
2
2 1
n
n
nx
1
1
1
2
n
n
HT nên ta có đpcm.
d)
2 2
2
1
n x
n
e
n
trên R
2 2
2 2
2 2
2 2
2
1 1
,( 1)
.
n x
n x
n x
e
e
n n
n e
2
1
1
n
n
HT nên ta có đpcm
8 Tìm miền hội tụ của các chuỗi hàm số
a)
2
1
( 2)
n
n
x
n
Đặt y = x – 2
Chuỗi đã cho trở thành
2 2
1 1
1
,
n
n
n n
n n
y
a y a
n n
Ta có Bán kính hội tụ
2 2
1
1 1
: 1
( 1)
lim
lim
n
n
n
n
a
R
a n n

Do đó chuỗi HT với
1
y
và PK với
1
y
+ Tại y = 1, Chuỗi trở thành
2
1
1
n
n
HT
+ Tại y = -1, Chuỗi trở thành
2
1
( 1)
n
n
n
HT
| 1/31

Preview text:

FB/ BK – Đại cương môn phái [GIẢI BÀI TẬP GIẢI TÍCH III]
2 Sưu tầm: Trí Trí | Hải Nam | Nguyễn Phú | Minh Nguyễn |
FB/ BK – Đại cương môn phái [GIẢI BÀI TẬP GIẢI TÍCH III]
Lời giải – Hướng dẫn được thực hiện bởi Team GT3 nhóm BK-ĐCMP I Chuỗi
1 Xét sự hội tụ và tính tổng nếu có: a)  1 1   1 1   1 1 ...               ... 2 2  2 3   2 3   2n 3n    1 n   1 n   1   1       =  1 1 1   1 1 1 ... ... 1   2  1  3    ... ...           = .  .  = 1 3 1  2 n 2 2 2 2 3 3 3n  lim     n  2 1 3 1 1 1    2 2  2 3   
Vậy chuỗi đã cho hội tụ và có tổng S = 3 2 b) 1 1 1    ... 1.2.3 2.3.4 3.4.5 1  1 1 1 1 1 1      ... lim     n 2  1.2 2.3 2.3 3.4
(n 1).n n(n 1)   1
(n 1)  (n 1) 1  1 1     
 (n 1)n(n 1) 2(n 1)n(n 1) 2  (n 1)n n(n 1)   1  1 1  1  lim     n 2  1.2 n(n 1)  4
Vậy chuỗi đã cho hội tụ và có tổng bằng S = 1 4 c) 1 2  ... n  ... 2 2 9 225
(2n 1) (2n 1) Hội tụ và tổng S = 1 8 2 2   Gợi ý: n
(2n 1)  (2n 1) 1 1 1      2 2 2 2
(2n 1) (2n 1)
8.(2n 1) (2n 1) 8  2n  2 1 2n   2 1 
2 Các chuỗi sau hội tụ hay phân kì? Tại sao?  a)  n 3  ( 1)     n n 1   5      n 3     n          n  3 ( 1) ( 1)  n n 1   5  n 1 n 1   5 
7 Sưu tầm: Trí Trí | Hải Nam | Nguyễn Phú | Minh Nguyễn |
FB/ BK – Đại cương môn phái [GIẢI BÀI TẬP GIẢI TÍCH III]    3 ) (1)n   là chuỗi PK
)   là chuỗi HT n 1  1   5n n  Do đó chuỗi đã cho PK  1 nn  b)    n 1  4  n  1  n  Ta có: 1  n    
là chuỗi dương và ta lại có: n 1  4  n  1  n   1     1 1  n  1  nln 1    1 . n       1 1 lim                    n 1 lim       n 1   0 lima   e ee n lim n n n n 4 n 1 4 4 4 Nên chuỗi đã cho PK
3 Sử dụng các tiêu chuẩn: So sánh; Cauchy; D’Alambert; Tích phân, xét sự hội tụ:  a) n  2 n 1  10n  1  Ta có: n  2 là chuỗi dương n 1  10n  1 n 1  khi n  . 2 10n 1 10n  1 Mà 
phân kì nên theo tiêu chuẩn so sánh chuỗi đã cho phân kì. n 1  10nn b)  n2
(n 1)(n  2)  n Ta có  là chuỗi dương n2
(n 1)(n  2) Ta lại có: n  1  0 lima nên chuỗi đã cho PK n lim n n
(n 1)(n  2) 2   1 n  c)  2 
n2  n 1 
8 Sưu tầm: Trí Trí | Hải Nam | Nguyễn Phú | Minh Nguyễn |
FB/ BK – Đại cương môn phái [GIẢI BÀI TẬP GIẢI TÍCH III] 2 Ta có:  1 n  1   2  2  n 1 (n 1)  Mà 1  HT nên chuỗi đã cho HT 2 n2 (n 1)     d) n 1 n 1  3/4 n 1  n
n 1  n 1 Ta có:  là chuỗi dương 3/4 n 1  n aa
n 1  n 1 2 1 Và:   khi n   3/4 3/4 5/4 n
n ( n 1  n 1) n  1
Hơn nữa:  5/4 HT nên chuỗi đã cho HT n2 n  1 1 nn  e)  2   n2 n n n n  Ta có 1 1 n  1  1  1  1 e     
.e khi n   mà  HT nên => HT 2 2 2 n n n n n 2 n2 n  1 f)  n2 ln n  1  Là chuỗi dương n2 ln n
Ta có ln n n với mọi n ≥2 nên 1 1  Mà 1
 PK => Chuỗi đã cho PK ln n n n2 n  ln n g)  n2 n
9 Sưu tầm: Trí Trí | Hải Nam | Nguyễn Phú | Minh Nguyễn |
FB/ BK – Đại cương môn phái [GIẢI BÀI TẬP GIẢI TÍCH III]  ln n Ta có:  là chuỗi dương n2 n ln n ln 2  Ta lại có: n n với mọi n ≥2  Mà ln 2  PK => Chuỗi đã cho PK n2 n  1 1 n  h)  ln   n2 n n 1 Chuỗi đã cho là dương.
Ta có 1 1 n  1  2  1 2 2 ln  ln 1      .  khi n   3/2 nn 1 n n 1 n n 1 n  Mà 2  HT => chuỗi đã cho HT 3/2 n2 n    i) 1 1  ln n     n 1   n n  (Dùng khai triển Mac) Chuỗi đã cho là dương. Ta có: 1 1 n  1  1  1  1 1 1  1  ln   ln 1          o( )  khi n   2 2  2 nn n
n n n 2n n  2n Do đó chuỗi đã cho HT  2    j) n n 1 ln  tan  2  2 n2 n n n   Chuỗi đã cho là dương Ta có: 2  n n  1  n n  1 n n 1 1 ln   tan  ln 1  tan  .   2  2  2  2 2 2 3 khi n   n n n n n n n n n n     Do đó chuỗi đã cho HT
10 Sưu tầm: Trí Trí | Hải Nam | Nguyễn Phú | Minh Nguyễn |
FB/ BK – Đại cương môn phái [GIẢI BÀI TẬP GIẢI TÍCH III]  (3n 1)! k)  2 1  n .8n n
(Sử dụng Tiêu chuẩn D’Alambert với những chuỗi có “!”) 2 n 2 a      n n n n n n n (3 4)! .8 (3 2)(3 3)(3 4). 1  .     1 lim lim 2 n 1   lim 2 n n a   n (n 1) .8 (3n 1)! n 8.(n 1) Do đó chuỗi đã cho PK  1.3.5. .(2n 1) l)  2n 1 n2 2 (n 1)! Chuỗi đã cho là dương. 2n 1 a       nn n n 1.3.5...(2 1) 2 .( 1)! 2 1 1 1  .      1 lim lim =>chuỗi đã cho HT 2n 1  n n a n  2 .n! 1.3.5...(2n 1)! lim  n 4n 2 4 Xét sự HT 2  1  1 n a)  1   nn 1  5  n
Chuỗi đã cho dương nên ta áp dụng tiêu chuẩn Cauchy 2 1  1 n  1  1 n nn n a  1  1 lim lim      n n 5n lim  n n 5  n    1    1   nln 1     n. lim      n  lim 1           n n 1 n  1  e   e   1 5 5 5e Do đó chuỗi đã cho HT  n 2 3 (n!) b)  n 1  (2n)! Chuỗi dương nên ta xét: n 1  2 2 a      n n n n 3 (( 1)!) (2 )! 3( 1) 3 1  .      1 lim lim =>chuỗi đã cho HT n 2 n n a n  (2n  2)! 3 (n!) lim 
n (2n  1)(2n  2) 4
11 Sưu tầm: Trí Trí | Hải Nam | Nguyễn Phú | Minh Nguyễn |
FB/ BK – Đại cương môn phái [GIẢI BÀI TẬP GIẢI TÍCH III]  2 n  5 c) 1 2n n Chuỗi dương nên ta xét: 2 n 2 a        n n n n ( 1) 5 2 2 6 1 1  .      1 lim lim nên chuỗi đã cho HT n 1 2   lim 2 n n a   n 2
n 5 n 2(n  5) 2 (n 1  )   n 1 n d)    n 1   n  1  (n 1  )n n 1   n 1  n 1  n 1   (n 1  )ln  nn lim     n 1 lim a   n lim       n n  n 1 lim 
n  n e 1 n   2  2(n 1  ) (n 1  )ln1 lim    n    lim 2  1  n 1    n n e 1 e e Nên chuỗi đã cho HT  n 2 7 (n!) e)  2n n 1  n Chuỗi dương. n 1  2 2n 2 2n a      n n n n n 7 (( 1)!) 7( 1) . 1  . lim lim   2n2 n 2    lim 2 2  a  n n   n n n ( 1) 7 ( !) ( 1) .( 1) n n n n 2 2 n n n  1  7   1  ...     1 7lim 2n  7lim 2 n (n 1) n  n 1 e Do đó chuỗi đã cho HT 2n  )  n f n    n 1   4n  3  Chuỗi dương. 2n 2 1 1  n   n  1 nn 2n 2 a n      n n n . lim lim n n n  4n  3 lim 
n  4n  3 lim  n 16
12 Sưu tầm: Trí Trí | Hải Nam | Nguyễn Phú | Minh Nguyễn |
FB/ BK – Đại cương môn phái [GIẢI BÀI TẬP GIẢI TÍCH III] 1   12n n  1 0 1  ...  
 1 => Chuỗi đã cho HT 16 lim e n 16 16 1  ln ) n g  2 n 1  n 1 Ta có  ln n  ln n       a 2 2 n n 1 n n 1 n n1 1   1  Chọn b  )  b   n là chuỗi HT 3/2 n n 3/2   n n 1 n 1 3/2 (L') a n n n n ln ln 2 Ta có:    . .   0 lim lim 2 lim 1/2 lim 1/2 n b  n  n  n n n n n
=>  a HT. Suy ra chuỗi đã cho HT n n  1  h) sin   (2  3)n    n 1 
Bạn đọc có thể cập nhật trên nhóm “BK – Đại Cương Môn Phái” trên Facebook.  1 i)  2
n3 n ln n(ln ln n)
Chuỗi đã cho dương và giảm nên ta xét 1 f (x)  , x  3 2
xln x(ln ln x)   dxd(ln x)  d(ln ln x) 1 
f (x)dx       ln ln3     2  2  2
x ln x(ln ln x) ln x(ln ln x) (ln ln x) ln ln x 3 3 3 3 3
Tích phân này hội tụ nên chuỗi đã cho cũng HT  n e .n ! k )  n n  1 n Chuỗi PK
13 Sưu tầm: Trí Trí | Hải Nam | Nguyễn Phú | Minh Nguyễn |
FB/ BK – Đại cương môn phái [GIẢI BÀI TẬP GIẢI TÍCH III] n
Gợi ý: Sử dụng công thức Stirling: ! 2 n n n    e   
5 Xét sự hội tụ của các chuỗi số sau 2  1   a) n
ne 1 n 1    2 1 2    1  1 n
ne 1  n  
khi n   => Chuỗi đã cho PK   n    n  (1)n 1 b)  n 1  n  ln nn  2k  2k 1 (1) 1 (1) 1 ( 1  )  1  2        n 1  n  ln n k 1  2k  ln(2 k) n 1
 2k 1  ln(2 k1) k 1  2k  ln(2 k) 2 2 1 Lại có:  
2k  ln(2k) 2k k  1
Mà  PK nên chuỗi đã cho PK k 1  k  c) arcsin( n e ) n 1  Chuỗi dương. n 1 1
arcsin(e )  arcsin( )  (n  ) n n e e  1
 HT (vì 1 <1) nên Chuỗi đã cho HT n n 1  e e  d) 2 2
sin( n a ),a n 1 
Bạn đọc có thể cập nhật trên nhóm “BK – Đại Cương Môn Phái” trên Facebook.
14 Sưu tầm: Trí Trí | Hải Nam | Nguyễn Phú | Minh Nguyễn |
FB/ BK – Đại cương môn phái [GIẢI BÀI TẬP GIẢI TÍCH III]  1.3.5.. (2n 1)  n e) n 1 3 .n! Chuỗi dương. a      1.3.5...(2n 1) 3n n n n . ! 2 1 2 1  .      1 lim lim n 1 n a   n n    n n n 3 .( 1)! 1.3.5...(2 1) lim n 3 3 Do đó chuỗi đã cho HT 3 n   a  f)  cos ,a    n 1   n  +a = 0 3   0 n   :  cos    1 PK n 1   n n 1 
+a ≠ 0: Chuỗi dương và ta có: 3 2 n n  2  a   a n ln cos  n n lim a   n a   cos    cos lim lim lim  n ne   n n  n n  n  2 2  2  a   2  a   2    ln1cos 1    . cos 1    . lim     n  lim  n  lim a a n n n 2    n n n  2n  2    1 e e e e Nên chuỗi đã cho HT 2  n n .2n g)  2 n n 1  (n 1) Chuỗi dương và ta có: 2 n n .2n 2 n n  1 n n a   n n   1 2 lim lim n lim n   2lim  n n (n 1) n (n 1) n  n 1   1  ln 1                       n  lim n n 1 2 lim    n   e n 1 n 1 2. 1 2.e 2.e e nên chuỗi đã cho HT
15 Sưu tầm: Trí Trí | Hải Nam | Nguyễn Phú | Minh Nguyễn |
FB/ BK – Đại cương môn phái [GIẢI BÀI TẬP GIẢI TÍCH III]  1 h)  ,(,   0)   n 1  n (ln n)
Bạn đọc có thể cập nhật trên nhóm “BK – Đại Cương Môn Phái” trên Facebook.
 (1)n  2cos n i)  , a   3 n3 2 n(ln n) n Ta có: ( 1  )  2cos n 3  , n   3 3/2 3/2 n(ln n) n(ln n) Dãy  3  
dương và giảm về 0 nên ta xét: 3/2 n(ln n)    1 f (x)  , x  3 3/2 x(ln x)   dxd(ln x)  
f (x)dx    2 
ln x1/2  2ln3     => 3 3/2 3/2 x  HT (ln x) (ln x) 3 3/2
nn(ln n) 3 3 3 3 Do đó chuỗi đã cho HT  na j) 
,(a ,0  a 1) 2 1  (1  a )n n  Xét nana a  2 , n 2 n   a (1 a ) 1 (1 )n n 2 n n a 1
(n 1)a (1 a ) n 1 1 ) lim  . lim   2 n 1  lim 2 2 n an (1 a ) na n    n(1 a ) a n 1 1 
1  a  2 Khi đó chuỗi na  HT nên chuỗi đã cho HT 2 1 a 2 1  (1  a )n n 1 
1  0  a  2 Khi đó chuỗi na
PK nên chuỗi đã cho PK (Theo 2 1 a 2 1  (1  a )n n D’Alambert)
16 Sưu tầm: Trí Trí | Hải Nam | Nguyễn Phú | Minh Nguyễn |
FB/ BK – Đại cương môn phái [GIẢI BÀI TẬP GIẢI TÍCH III] 1 
1  a  2 Khi đó chuỗi đã cho có dạng: ( 1
 )n.( 2).n PK 2 1 a n 1
Vậy chuỗi đã cho HT với a  2 và PK với 0  a  2
6 Tìm miền hội tụ của các chuỗi hàm số sau  1 a)  1  1 n nx  Ta có 1 1 1 
khi n  . Mà  HT khi x 1 1 n nx x n n 1  x  MHT: x \ 1  ,  1  n ) x b  2n n 1  1  x n n x x 1   2n 2 1 n nx x
x khi n  
Do đó ta có MHT: x \1, 1  n 1 c)  x n 1  xn n 1 n 1 1 1      . 1 1 1 1    x x x     1  x 1 xn xn xn x n  Mà x x x 1  x 1  HT khi 1 1 2 n 1  x n x n 1 n
 MHT: x(2,)  cos ) nx d  1  2nx n cos nx 1 1  1 Ta có   Mà 
HT khi 2x 1  x  0 2nx 2nx (2x)n x n n 1  (2 )
 MHT: x(0,)
17 Sưu tầm: Trí Trí | Hải Nam | Nguyễn Phú | Minh Nguyễn |
FB/ BK – Đại cương môn phái [GIẢI BÀI TẬP GIẢI TÍCH III]n 1 ( 1  )  e)  2 n 1  1  n x n 1   Ta có: (1) 1 1  1  Mà 
HT với mọi x  0 2 2 2 1 n x 1 n x n x 2 n 1  n x
 MHT: x   \{0} n  1 ln  x     )  n f   n 1  x e n  1   1 ln x ln x        nn   n  ln n x n a   
 ln x  1,(x e) lim lim lim 1/2n   lim 1/2   x e  ( x e)
 ( x e) n n n n n Chuỗi đã cho PK x  ( , e )  n  3x  2 n g)  .    ,    n 1  (n  1)  x n 1/n 1/ n 3x2 3x2  n  3x2 nn n a n   n .  . lim lim        n n (n 1  ) lim  x n x (n 1  ) lim  x n  (n 1  )   1
 ln n  ln( n 1)   3 x  2 lim n    3x  2  . n e    k x x 3x  2 1 ) k 1 1  x 1 x 2 3x  2 1  ) k 1 
1  x 1 x nx 2 Chuỗi trở thành
 không hội tụ với mọi α n 1  (n  1) Do đó ta có MHT: 1 x  ,1  2   
18 Sưu tầm: Trí Trí | Hải Nam | Nguyễn Phú | Minh Nguyễn |
FB/ BK – Đại cương môn phái [GIẢI BÀI TẬP GIẢI TÍCH III]   n 1 h)  x    n n n 1   2 x
Bạn đọc có thể cập nhật trên nhóm “BK – Đại Cương Môn Phái” trên Facebook.  n ) x i nn n 1  x n x x 1 limn      k n a
limn nn lim n lim n 1 n n x n x n x
+ x 1: k = 0 => Chuỗi HT  n x  + x 1    : Phân kì n 1 n n 1  x n 1 
+ x 1: k   Chuỗi PK
 MHT: x (,1)  (1,)  2n 1 k) 
.x  212n 5 n 1  (n 1) 1  2  n 5 a     n x n n (2 3).( 2) ( 1) 1 1 k   . . . lim lim  5 1 2  n 2 n a  nnxxn n ( 2) (2 1)( 2) ( 2) 1 ) k 1 1 x  1   x  3  2 (x  2) 1  2n   )  k 1 1 x  1   x  3  1 2 (x 2) Chuỗi trở thành  là chuỗi HT 5 n 1  (n 1) Do đó ta có MHT: x (   ,  3  ] [  1  , ) 
7 Dùng tiêu chuẩn Weiertrass, chứng minh các chuỗi sau hội tụ đều trên tập tương ứng n x  1  2x 1 n  a)  b)  . trên  1  ;  1 2 n trên R n 1    n 2  x  2  n 1  (1  x ) 1 x 2 1
1 x  2 x   2x 1 x 1 2 1 x 2  1  1 x   1   ;1 x  2 x  2
19 Sưu tầm: Trí Trí | Hải Nam | Nguyễn Phú | Minh Nguyễn |
FB/ BK – Đại cương môn phái [GIẢI BÀI TẬP GIẢI TÍCH III] n n xx n  1 n  1 1  2x 1 1        .    2 n 2 (1 x ) n 1  n 1  1 x   2      2n 2  x  2  2   Mà 1  HT nên ta có đpcm. Mà 1  HT nên ta có đpcm. 1  n 2n 1  2n n 1  2 2 c) 1  trên  n x [0;) d) e n trên R 1  2 n 1  2 1 nx n 1  n
Ta có: 1 nx 1 x   0 2 2 n x e 1 1 2 2 n x 1 1   ,(e  1) 2 2 2 2 n x 2  n n .e n n 1 n 1 2 1 nx 2   1  HT nên ta có đpcm   n Mà 1  HT nên ta có đpcm. 2 n 1 1  1  2n n
8 Tìm miền hội tụ của các chuỗi hàm số  (x  2)n a)  2 n 1  n Đặt y = x – 2  n yn 1
Chuỗi đã cho trở thành   a y a n , 2 n 2 n 1  n n 1  n a   n 1 1
Ta có Bán kính hội tụ R   :    1 lim lim 2 2    a   n n n n n ( 1) 1 
Do đó chuỗi HT với y 1 và PK với y 1  1
+ Tại y = 1, Chuỗi trở thành  2 HT n 1  n  ( 1  )n
+ Tại y = -1, Chuỗi trở thành 2 n 1  n HT
20 Sưu tầm: Trí Trí | Hải Nam | Nguyễn Phú | Minh Nguyễn |