Đại cương môn phái | Gợi ý giải bài tập Giải tích 3 | Đại học Bách khoa Thành phố Hồ Chí Minh
Đại cương môn phái | Gợi ý giải bài tập Giải tích 3 | Đại học Bách khoa Thành phố Hồ Chí Minh. Tài liệu gồm 31 trang giúp bạn tham khảo, củng cố kiến thức và ôn tập đạt kết quả cao trong kỳ thi sắp tới. Mời bạn đọc đón xem!
Môn: Giải tích
Trường: Đại học Bách khoa Thành phố Hồ Chí Minh
Thông tin:
Tác giả:
Preview text:
FB/ BK – Đại cương môn phái [GIẢI BÀI TẬP GIẢI TÍCH III]
2 Sưu tầm: Trí Trí | Hải Nam | Nguyễn Phú | Minh Nguyễn |
FB/ BK – Đại cương môn phái [GIẢI BÀI TẬP GIẢI TÍCH III]
Lời giải – Hướng dẫn được thực hiện bởi Team GT3 nhóm BK-ĐCMP I Chuỗi
1 Xét sự hội tụ và tính tổng nếu có: a) 1 1 1 1 1 1 ... ... 2 2 2 3 2 3 2n 3n 1 n 1 n 1 1 = 1 1 1 1 1 1 ... ... 1 2 1 3 ... ... = . . = 1 3 1 2 n 2 2 2 2 3 3 3n lim n 2 1 3 1 1 1 2 2 2 3
Vậy chuỗi đã cho hội tụ và có tổng S = 3 2 b) 1 1 1 ... 1.2.3 2.3.4 3.4.5 1 1 1 1 1 1 1 ... lim n 2 1.2 2.3 2.3 3.4
(n 1).n n(n 1) 1
(n 1) (n 1) 1 1 1
(n 1)n(n 1) 2(n 1)n(n 1) 2 (n 1)n n(n 1) 1 1 1 1 lim n 2 1.2 n(n 1) 4
Vậy chuỗi đã cho hội tụ và có tổng bằng S = 1 4 c) 1 2 ... n ... 2 2 9 225
(2n 1) (2n 1) Hội tụ và tổng S = 1 8 2 2 Gợi ý: n
(2n 1) (2n 1) 1 1 1 2 2 2 2
(2n 1) (2n 1)
8.(2n 1) (2n 1) 8 2n 2 1 2n 2 1
2 Các chuỗi sau hội tụ hay phân kì? Tại sao? a) n 3 ( 1) n n 1 5 n 3 n n 3 ( 1) ( 1) n n 1 5 n 1 n 1 5
7 Sưu tầm: Trí Trí | Hải Nam | Nguyễn Phú | Minh Nguyễn |
FB/ BK – Đại cương môn phái [GIẢI BÀI TẬP GIẢI TÍCH III] 3 ) (1)n là chuỗi PK
) là chuỗi HT n 1 1 5n n Do đó chuỗi đã cho PK 1 n n b) n 1 4 n 1 n Ta có: 1 n
là chuỗi dương và ta lại có: n 1 4 n 1 n 1 1 1 n 1 nln 1 1 . n 1 1 lim n 1 lim n 1 0 lima e e e n lim n n n n 4 n 1 4 4 4 Nên chuỗi đã cho PK
3 Sử dụng các tiêu chuẩn: So sánh; Cauchy; D’Alambert; Tích phân, xét sự hội tụ: a) n 2 n 1 10n 1 Ta có: n 2 là chuỗi dương n 1 10n 1 n 1 khi n . 2 10n 1 10n 1 Mà
phân kì nên theo tiêu chuẩn so sánh chuỗi đã cho phân kì. n 1 10n n b) n2
(n 1)(n 2) n Ta có là chuỗi dương n2
(n 1)(n 2) Ta lại có: n 1 0 lima nên chuỗi đã cho PK n lim n n
(n 1)(n 2) 2 1 n c) 2
n2 n 1
8 Sưu tầm: Trí Trí | Hải Nam | Nguyễn Phú | Minh Nguyễn |
FB/ BK – Đại cương môn phái [GIẢI BÀI TẬP GIẢI TÍCH III] 2 Ta có: 1 n 1 2 2 n 1 (n 1) Mà 1 HT nên chuỗi đã cho HT 2 n2 (n 1) d) n 1 n 1 3/4 n 1 n
n 1 n 1 Ta có: là chuỗi dương 3/4 n 1 n aa
n 1 n 1 2 1 Và: khi n 3/4 3/4 5/4 n
n ( n 1 n 1) n 1
Hơn nữa: 5/4 HT nên chuỗi đã cho HT n2 n 1 1 n n e) 2 n2 n n n n Ta có 1 1 n 1 1 1 1 e
.e khi n mà HT nên => HT 2 2 2 n n n n n 2 n2 n 1 f) n2 ln n 1 Là chuỗi dương n2 ln n
Ta có ln n n với mọi n ≥2 nên 1 1 Mà 1
PK => Chuỗi đã cho PK ln n n n2 n ln n g) n2 n
9 Sưu tầm: Trí Trí | Hải Nam | Nguyễn Phú | Minh Nguyễn |
FB/ BK – Đại cương môn phái [GIẢI BÀI TẬP GIẢI TÍCH III] ln n Ta có: là chuỗi dương n2 n ln n ln 2 Ta lại có: n n với mọi n ≥2 Mà ln 2 PK => Chuỗi đã cho PK n2 n 1 1 n h) ln n2 n n 1 Chuỗi đã cho là dương.
Ta có 1 1 n 1 2 1 2 2 ln ln 1 . khi n 3/2 n n 1 n n 1 n n 1 n Mà 2 HT => chuỗi đã cho HT 3/2 n2 n i) 1 1 ln n n 1 n n (Dùng khai triển Mac) Chuỗi đã cho là dương. Ta có: 1 1 n 1 1 1 1 1 1 1 ln ln 1 o( ) khi n 2 2 2 n n n
n n n 2n n 2n Do đó chuỗi đã cho HT 2 j) n n 1 ln tan 2 2 n2 n n n Chuỗi đã cho là dương Ta có: 2 n n 1 n n 1 n n 1 1 ln tan ln 1 tan . 2 2 2 2 2 2 3 khi n n n n n n n n n n n Do đó chuỗi đã cho HT
10 Sưu tầm: Trí Trí | Hải Nam | Nguyễn Phú | Minh Nguyễn |
FB/ BK – Đại cương môn phái [GIẢI BÀI TẬP GIẢI TÍCH III] (3n 1)! k) 2 1 n .8n n
(Sử dụng Tiêu chuẩn D’Alambert với những chuỗi có “!”) 2 n 2 a n n n n n n n (3 4)! .8 (3 2)(3 3)(3 4). 1 . 1 lim lim 2 n 1 lim 2 n n a n (n 1) .8 (3n 1)! n 8.(n 1) Do đó chuỗi đã cho PK 1.3.5. .(2n 1) l) 2n 1 n2 2 (n 1)! Chuỗi đã cho là dương. 2n 1 a n n n n 1.3.5...(2 1) 2 .( 1)! 2 1 1 1 . 1 lim lim =>chuỗi đã cho HT 2n 1 n n a n 2 .n! 1.3.5...(2n 1)! lim n 4n 2 4 Xét sự HT 2 1 1 n a) 1 n n 1 5 n
Chuỗi đã cho dương nên ta áp dụng tiêu chuẩn Cauchy 2 1 1 n 1 1 n n n n a 1 1 lim lim n n 5n lim n n 5 n 1 1 nln 1 n. lim n lim 1 n n 1 n 1 e e 1 5 5 5e Do đó chuỗi đã cho HT n 2 3 (n!) b) n 1 (2n)! Chuỗi dương nên ta xét: n 1 2 2 a n n n n 3 (( 1)!) (2 )! 3( 1) 3 1 . 1 lim lim =>chuỗi đã cho HT n 2 n n a n (2n 2)! 3 (n!) lim
n (2n 1)(2n 2) 4
11 Sưu tầm: Trí Trí | Hải Nam | Nguyễn Phú | Minh Nguyễn |
FB/ BK – Đại cương môn phái [GIẢI BÀI TẬP GIẢI TÍCH III] 2 n 5 c) 1 2n n Chuỗi dương nên ta xét: 2 n 2 a n n n n ( 1) 5 2 2 6 1 1 . 1 lim lim nên chuỗi đã cho HT n 1 2 lim 2 n n a n 2
n 5 n 2(n 5) 2 (n 1 ) n 1 n d) n 1 n 1 (n 1 )n n 1 n 1 n 1 n 1 (n 1 )ln n n lim n 1 lim a n lim n n n 1 lim
n n e 1 n 2 2(n 1 ) (n 1 )ln1 lim n lim 2 1 n 1 n n e 1 e e Nên chuỗi đã cho HT n 2 7 (n!) e) 2n n 1 n Chuỗi dương. n 1 2 2n 2 2n a n n n n n 7 (( 1)!) 7( 1) . 1 . lim lim 2n2 n 2 lim 2 2 a n n n n n ( 1) 7 ( !) ( 1) .( 1) n n n n 2 2 n n n 1 7 1 ... 1 7lim 2n 7lim 2 n (n 1) n n 1 e Do đó chuỗi đã cho HT 2n ) n f n n 1 4n 3 Chuỗi dương. 2n 2 1 1 n n 1 n n 2n 2 a n n n n . lim lim n n n 4n 3 lim
n 4n 3 lim n 16
12 Sưu tầm: Trí Trí | Hải Nam | Nguyễn Phú | Minh Nguyễn |
FB/ BK – Đại cương môn phái [GIẢI BÀI TẬP GIẢI TÍCH III] 1 12n n 1 0 1 ...
1 => Chuỗi đã cho HT 16 lim e n 16 16 1 ln ) n g 2 n 1 n 1 Ta có ln n ln n a 2 2 n n 1 n n 1 n n1 1 1 Chọn b ) b n là chuỗi HT 3/2 n n 3/2 n n 1 n 1 3/2 (L') a n n n n ln ln 2 Ta có: . . 0 lim lim 2 lim 1/2 lim 1/2 n b n n n n n n n
=> a HT. Suy ra chuỗi đã cho HT n n 1 h) sin (2 3)n n 1
Bạn đọc có thể cập nhật trên nhóm “BK – Đại Cương Môn Phái” trên Facebook. 1 i) 2
n3 n ln n(ln ln n)
Chuỗi đã cho dương và giảm nên ta xét 1 f (x) , x 3 2
xln x(ln ln x) dx d(ln x) d(ln ln x) 1
f (x)dx ln ln3 2 2 2
x ln x(ln ln x) ln x(ln ln x) (ln ln x) ln ln x 3 3 3 3 3
Tích phân này hội tụ nên chuỗi đã cho cũng HT n e .n ! k ) n n 1 n Chuỗi PK
13 Sưu tầm: Trí Trí | Hải Nam | Nguyễn Phú | Minh Nguyễn |
FB/ BK – Đại cương môn phái [GIẢI BÀI TẬP GIẢI TÍCH III] n
Gợi ý: Sử dụng công thức Stirling: ! 2 n n n e
5 Xét sự hội tụ của các chuỗi số sau 2 1 a) n
ne 1 n 1 2 1 2 1 1 n
ne 1 n
khi n => Chuỗi đã cho PK n n (1)n 1 b) n 1 n ln n n 2k 2k 1 (1) 1 (1) 1 ( 1 ) 1 2 n 1 n ln n k 1 2k ln(2 k) n 1
2k 1 ln(2 k1) k 1 2k ln(2 k) 2 2 1 Lại có:
2k ln(2k) 2k k 1
Mà PK nên chuỗi đã cho PK k 1 k c) arcsin( n e ) n 1 Chuỗi dương. n 1 1
arcsin(e ) arcsin( ) (n ) n n e e 1
HT (vì 1 <1) nên Chuỗi đã cho HT n n 1 e e d) 2 2
sin( n a ),a n 1
Bạn đọc có thể cập nhật trên nhóm “BK – Đại Cương Môn Phái” trên Facebook.
14 Sưu tầm: Trí Trí | Hải Nam | Nguyễn Phú | Minh Nguyễn |
FB/ BK – Đại cương môn phái [GIẢI BÀI TẬP GIẢI TÍCH III] 1.3.5.. (2n 1) n e) n 1 3 .n! Chuỗi dương. a 1.3.5...(2n 1) 3n n n n . ! 2 1 2 1 . 1 lim lim n 1 n a n n n n n 3 .( 1)! 1.3.5...(2 1) lim n 3 3 Do đó chuỗi đã cho HT 3 n a f) cos ,a n 1 n +a = 0 3 0 n : cos 1 PK n 1 n n 1
+a ≠ 0: Chuỗi dương và ta có: 3 2 n n 2 a a n ln cos n n lim a n a cos cos lim lim lim n n e n n n n n 2 2 2 a 2 a 2 ln1cos 1 . cos 1 . lim n lim n lim a a n n n 2 n n n 2n 2 1 e e e e Nên chuỗi đã cho HT 2 n n .2n g) 2 n n 1 (n 1) Chuỗi dương và ta có: 2 n n .2n 2 n n 1 n n a n n 1 2 lim lim n lim n 2lim n n (n 1) n (n 1) n n 1 1 ln 1 n lim n n 1 2 lim n e n 1 n 1 2. 1 2.e 2.e e nên chuỗi đã cho HT
15 Sưu tầm: Trí Trí | Hải Nam | Nguyễn Phú | Minh Nguyễn |
FB/ BK – Đại cương môn phái [GIẢI BÀI TẬP GIẢI TÍCH III] 1 h) ,(, 0) n 1 n (ln n)
Bạn đọc có thể cập nhật trên nhóm “BK – Đại Cương Môn Phái” trên Facebook.
(1)n 2cos n i) , a 3 n3 2 n(ln n) n Ta có: ( 1 ) 2cos n 3 , n 3 3/2 3/2 n(ln n) n(ln n) Dãy 3
dương và giảm về 0 nên ta xét: 3/2 n(ln n) 1 f (x) , x 3 3/2 x(ln x) dx d(ln x)
f (x)dx 2
ln x1/2 2ln3 => 3 3/2 3/2 x HT (ln x) (ln x) 3 3/2
n n(ln n) 3 3 3 3 Do đó chuỗi đã cho HT na j)
,(a ,0 a 1) 2 1 (1 a )n n Xét na na a 2 , n 2 n a (1 a ) 1 (1 )n n 2 n n a 1
(n 1)a (1 a ) n 1 1 ) lim . lim 2 n 1 lim 2 2 n a n (1 a ) na n n(1 a ) a n 1 1
1 a 2 Khi đó chuỗi na HT nên chuỗi đã cho HT 2 1 a 2 1 (1 a )n n 1
1 0 a 2 Khi đó chuỗi na
PK nên chuỗi đã cho PK (Theo 2 1 a 2 1 (1 a )n n D’Alambert)
16 Sưu tầm: Trí Trí | Hải Nam | Nguyễn Phú | Minh Nguyễn |
FB/ BK – Đại cương môn phái [GIẢI BÀI TẬP GIẢI TÍCH III] 1
1 a 2 Khi đó chuỗi đã cho có dạng: ( 1
)n.( 2).n PK 2 1 a n 1
Vậy chuỗi đã cho HT với a 2 và PK với 0 a 2
6 Tìm miền hội tụ của các chuỗi hàm số sau 1 a) 1 1 n n x Ta có 1 1 1
khi n . Mà HT khi x 1 1 n n x x n n 1 x MHT: x \ 1 , 1 n ) x b 2n n 1 1 x n n x x 1 2n 2 1 n n x x
x khi n
Do đó ta có MHT: x \1, 1 n 1 c) x n 1 xn n 1 n 1 1 1 . 1 1 1 1 x x x 1 x 1 xn xn xn x n Mà x x x 1 x 1 HT khi 1 1 2 n 1 x n x n 1 n
MHT: x(2,) cos ) nx d 1 2nx n cos nx 1 1 1 Ta có Mà
HT khi 2x 1 x 0 2nx 2nx (2x)n x n n 1 (2 )
MHT: x(0,)
17 Sưu tầm: Trí Trí | Hải Nam | Nguyễn Phú | Minh Nguyễn |
FB/ BK – Đại cương môn phái [GIẢI BÀI TẬP GIẢI TÍCH III] n 1 ( 1 ) e) 2 n 1 1 n x n 1 Ta có: (1) 1 1 1 Mà
HT với mọi x 0 2 2 2 1 n x 1 n x n x 2 n 1 n x
MHT: x \{0} n 1 ln x ) n f n 1 x e n 1 1 ln x ln x n n n ln n x n a
ln x 1,(x e) lim lim lim 1/2n lim 1/2 x e ( x e)
( x e) n n n n n Chuỗi đã cho PK x ( , e ) n 3x 2 n g) . , n 1 (n 1) x n 1/n 1/ n 3x2 3x2 n 3x2 n n n a n n . . lim lim n n (n 1 ) lim x n x (n 1 ) lim x n (n 1 ) 1
ln n ln( n 1) 3 x 2 lim n 3x 2 . n e k x x 3x 2 1 ) k 1 1 x 1 x 2 3x 2 1 ) k 1
1 x 1 x n x 2 Chuỗi trở thành
không hội tụ với mọi α n 1 (n 1) Do đó ta có MHT: 1 x ,1 2
18 Sưu tầm: Trí Trí | Hải Nam | Nguyễn Phú | Minh Nguyễn |
FB/ BK – Đại cương môn phái [GIẢI BÀI TẬP GIẢI TÍCH III] n 1 h) x n n n 1 2 x
Bạn đọc có thể cập nhật trên nhóm “BK – Đại Cương Môn Phái” trên Facebook. n ) x i nn n 1 x n x x 1 limn k n a
limn nn lim n lim n 1 n n x n x n x
+ x 1: k = 0 => Chuỗi HT n x + x 1 : Phân kì n 1 n n 1 x n 1
+ x 1: k Chuỗi PK
MHT: x (,1) (1,) 2n 1 k)
.x 212n 5 n 1 (n 1) 1 2 n 5 a n x n n (2 3).( 2) ( 1) 1 1 k . . . lim lim 5 1 2 n 2 n a n n x x n n ( 2) (2 1)( 2) ( 2) 1 ) k 1 1 x 1 x 3 2 (x 2) 1 2n ) k 1 1 x 1 x 3 1 2 (x 2) Chuỗi trở thành là chuỗi HT 5 n 1 (n 1) Do đó ta có MHT: x ( , 3 ] [ 1 , )
7 Dùng tiêu chuẩn Weiertrass, chứng minh các chuỗi sau hội tụ đều trên tập tương ứng n x 1 2x 1 n a) b) . trên 1 ; 1 2 n trên R n 1 n 2 x 2 n 1 (1 x ) 1 x 2 1
1 x 2 x 2x 1 x 1 2 1 x 2 1 1 x 1 ;1 x 2 x 2
19 Sưu tầm: Trí Trí | Hải Nam | Nguyễn Phú | Minh Nguyễn |
FB/ BK – Đại cương môn phái [GIẢI BÀI TẬP GIẢI TÍCH III] n n x x n 1 n 1 1 2x 1 1 . 2 n 2 (1 x ) n 1 n 1 1 x 2 2n 2 x 2 2 Mà 1 HT nên ta có đpcm. Mà 1 HT nên ta có đpcm. 1 n 2n 1 2n n 1 2 2 c) 1 trên n x [0;) d) e n trên R 1 2 n 1 2 1 nx n 1 n
Ta có: 1 nx 1 x 0 2 2 n x e 1 1 2 2 n x 1 1 ,(e 1) 2 2 2 2 n x 2 n n .e n n 1 n 1 2 1 nx 2 1 HT nên ta có đpcm n Mà 1 HT nên ta có đpcm. 2 n 1 1 1 2n n
8 Tìm miền hội tụ của các chuỗi hàm số (x 2)n a) 2 n 1 n Đặt y = x – 2 n y n 1
Chuỗi đã cho trở thành a y a n , 2 n 2 n 1 n n 1 n a n 1 1
Ta có Bán kính hội tụ R : 1 lim lim 2 2 a n n n n n ( 1) 1
Do đó chuỗi HT với y 1 và PK với y 1 1
+ Tại y = 1, Chuỗi trở thành 2 HT n 1 n ( 1 )n
+ Tại y = -1, Chuỗi trở thành 2 n 1 n HT
20 Sưu tầm: Trí Trí | Hải Nam | Nguyễn Phú | Minh Nguyễn |