





Preview text:
NHÓM TOÁN VD – VDC
ĐỀ THI HSG TOÁN
SỞ GD&ĐT HÀ TĨNH
KỲ THI CHỌN HSG LỚP 10 THPT TRẦN PHÚ NĂM HỌC 2019 - 2020 (Đề thi có 01 trang) MÔN: TOÁN –THPT N HÓM Thời gian: 120 phút TOÁ ĐỀ BÀI
Câu 1: (5,0 điểm) Cho hàm số 2 y m x
m x m ( N 2 2 1 2 m là tham số). V D
a) Biết đồ thị là một đường parabol có tung độ đỉnh bằng 3m . Xác định giá trị của m . –
b) Tìm m để hàm số nghịch biến trên khoảng ; 2. VDC
Câu 2: (4,0 điểm) Trong hệ tọa độ
Oxy , cho hình thang ABCD có hai cạnh bên AB và CD cắt
nhau tại điểm M , tọa độ điểm ( A 2; − 2
− ), B(0;4) và C(7;3) .
a) Tìm tọa độ điểm E để EA + EB + 2EC = 0 và tìm giá trị nhỏ nhất của PA + PB + 2PC
biết P là điểm di động trên trục hoành.
b) Biết diện tích hình thang ABCD gấp 3 lần diện tích tam giác MBC . Tìm tọa độ đỉnh D
Câu 3: (5,0 điểm) Cho phương trình 3 2
2x + mx + 2x − m = x +1 ( m là tham số).
a) Giải phương trình với m = 3 − .
b) Tìm các giá trị của m để phương trình có 3 nghiệm phân biệt.
Câu 4: (4,0 điểm) Cho tam giác ABC đều cạnh 3a . Lấy các điểm M , N lần lượt trên các cạnh
BC , CA sao cho BM = a , CN = 2a .
a. Tìm giá trị của tích vô hướng AM ⋅ BC theo a .
b. Gọi P là điểm nằm trên cạnh AB sao cho AM vuông góc với PN . Tính độ dài PN theo a .
Câu 5: (2,0 điểm) Cho hàm số f (x) 4 2
= x − 4x + 5 + m ( m là tham số). Tìm m để giá trị lớn
nhất của hàm số đã cho trên đoạn 2; − 5
đạt giá trị nhỏ nhất.
----------------HẾT----------------
https://www.facebook.com/groups/toanvd.vdc Trang 1 NHÓM TOÁN VD – VDC
ĐỀ THI HSG TOÁN
SỞ GD&ĐT HÀ TĨNH
KỲ THI CHỌN HSG LỚP 10 THPT TRẦN PHÚ NĂM HỌC 2019 - 2020 (Đề thi có 01 trang) MÔN: TOÁN –THPT N HÓM Thời gian: 120 phút TOÁ HƯỚNG DẪN GIẢI
Câu 1: (5,0 điểm). Cho hàm số 2 y m x
m x m ( N 2 2 1 2 m là tham số). V D
a) Biết đồ thị là một đường parabol có tung độ đỉnh bằng 3m . Xác định giá trị của m . –
b) Tìm m để hàm số nghịch biến trên khoảng ; 2. VDC Lời giải:
a) Để đồ thị là một đường parabol thì m2 0 m 2 .
Đồ thị có tung độ đỉnh bằng 2m 5 3m
3m 2m5 3mm2 m 2 m 1 2
3m 8m 5 0 5 tm . m 3 m 1 Vậy 5 . m 3
b) Để hàm số nghịch biến trên ;
2 thì m 2 .
Khi đó hàm số nghịch biến trên khoảng m 1 ; m 2
Ta được: m1 2 m1 2m2do m2 0. m 2
m1 2m4 m 3 Vậy 2 m 3.
Câu 2: Trong hệ tọa độ Oxy , cho hình thang ABCD có hai cạnh bên AB và CD cắt nhau tại
điểm M , tọa độ điểm ( A 2; − 2
− ), B(0;4) và C(7;3) .
a) Tìm tọa độ điểm E để EA + EB + 2EC = 0 và tìm giá trị nhỏ nhất của PA + PB + 2PC
biết P là điểm di động trên trục hoành.
b) Biết diện tích hình thang ABCD gấp 3 lần diện tích tam giác MBC . Tìm tọa độ đỉnh D . Lời giải
https://www.facebook.com/groups/toanvd.vdc Trang 1
NHÓM TOÁN VD – VDC ĐỀ THI HSG TOÁN N HÓM TOÁ N V E x y D a) Ta gọi ( ; ) , – V EA = ( 2 − − x; 2
− − y) ,EB = (−x;4 − y) ,EC = (7 − x;3− y) DC 2
− − x − x + 2 (7 − x) = 0 = nên x 2
EA + EB + 2EC = 0 ⇔ ⇔ . 2
− − y + 4 − y + 2
(3− y) = 0 y = 3 Vậy E(2;3) .
Ta có: PA + PB + 2PC = 4PE = 4PE .
Nên PA + PB + 2PC đạt giá trị nhỏ nhất khi P là hình chiếu của E lên trục hoành. Vậy P(2;0).
b) Gọi M (a;b) và D( ; c d )
Diện tích hình thang ABCD gấp 3 lần diện tích tam giác MBC nên 4S = S MB ∆ C MA ∆ B 1 1
⇔ 4. MH.BC = MK.DA 2 2
⇔ 4MH.BC = MK.AD 4BC MK ⇔ = . AD MH
Mà ABCD là hình thang nên MK AD = . MH BC Do đó AD 4BC = . BC AD Suy ra 2
AD = 4BC ⇒ AD = 2BC ⇒ AD = 2BC .
AD = (c + 2;d + 2) c =12 ⇒ . = − d = 4 BC (7; 1) −
Vậy D(12; 4 − ) .
Câu 3: (5,0 điểm) Cho phương trình 3 2
2x + mx + 2x − m = x +1 ( m là tham số).
a) Giải phương trình với m = 3 − .
b) Tìm các giá trị của m để phương trình có 3 nghiệm phân biệt. Lời giải
https://www.facebook.com/groups/toanvd.vdc Trang 2
NHÓM TOÁN VD – VDC ĐỀ THI HSG TOÁN x +1 ≥ 0
Ta có phương trình đã cho ⇔ .
2x + mx + 2x − m = (x + )2 3 2 1 N x ≥ 1 − x ≥ 1 − HÓM ⇔ ⇔ (*) . 3 2x + (m − ) 2
1 x − m −1 = 0 (x − ) 2 1 2x + (m + )
1 x + m +1 = 0 TOÁ x ≥ 1 − a) Với m = 3 − thì (*) ⇔ 2 N (x − )1
(2x −2x−2) = 0 V D x ≥ 1 − – x =1 V x =1 D ⇔ ⇒ 1± 5 . C 1± 5 x = x = 2 2 ±
Vậy tập nghiệm của phương trình 1 5 S = 1 ; . 2 x ≥ 1 − b) Ta có ( *) ⇔ x = 1 . 2 2x + (m + )
1 x + m +1 = 0 (**) Xét phương trình ( ) 2 ** : 2x + (m + ) 1 x + m +1 = 0 Có ∆ = (m + )2 1 − 8(m + ) 1 = (m + ) 1 (m − 7) .
Phương trình đã cho có 3 nghiệm phân biệt ⇔ Phương trình (**) có 2 nghiệm phân
biệt x , x khác 1 và 1
− ≤ x < x 1 2 1 2 ∆ = (m + ) 1 (m − 7) > 0 m +1 + = − 2 x x 2.1 + (m + ) 1 .1+ m +1 ≠ 0 1 2 ⇔ (với 2 ). (
x +1 + x +1 > 0 m +1 1 ) ( 2 ) x x = ( 1 2
x +1 . x +1 ≥ 0 2 1 ) ( 2 ) ( m + ) 1 (m − 7) > 0 m∈( ; −∞ − ) 1 ∪ (7; + ∞) 2m + 4 ≠ 0 ≠ − m +1 ⇔ m 2 − + ⇔ ⇔ m∈( ; −∞ − 2) ∪( 2; − − ) 2 > 0 1 . < 2 m 3 m +1 m +1 2 ≥ 0 (ld) − + 2 ≥ 0 2 2 Vậy m∈( ; −∞ − 2) ∪( 2; − − ) 1 .
Câu 4: Cho tam giác ABC đều cạnh 3a . Lấy các điểm M , N lần lượt trên các cạnh BC , CA
sao cho BM = a , CN = 2a .
a. Tìm giá trị của tích vô hướng AM ⋅ BC theo a .
b. Gọi P là điểm nằm trên cạnh AB sao cho AM vuông góc với PN . Tính độ dài PN theo a . Lời giải
https://www.facebook.com/groups/toanvd.vdc Trang 3
NHÓM TOÁN VD – VDC ĐỀ THI HSG TOÁN N HÓM TOÁ N V D
– a. Ta có ⋅ = + ⋅ = ⋅ + ⋅ AM BC
(AB BM ) BC AB BC BM BC VDC 9 3
= 3a ⋅3a ⋅cos120° + a ⋅3a ⋅cos 0° 2 2 2
= − a + 3a = − a . 2 2
b. Ta có
AM ⋅ PN = ( AB + BM )( AN − AP) 1 = AB + BC ( AN − AP) 3
1 1 = 1 1 1 1 1
AB ⋅ AN − AB ⋅ AP + BC ⋅ AN −
BC ⋅ AP = 3a ⋅ a ⋅
− 3a ⋅ x + ⋅ 3a ⋅ a ⋅ − ⋅ 3a ⋅ x − 3 3 2 3 2 3 2 5 5 2
= 2a − ax = a 2a − x . 2 2 Theo đề, vì AM ⊥ PN nên 5 4
AM ⋅ PN = 0 ⇔ a 2a − x = 0 ⇔ x = a . 2 5
Câu 5: Cho hàm số f (x) 4 2
= x − 4x + 5 + m ( m là tham số). Tìm m để giá trị lớn nhất của hàm
số đã cho trên đoạn 2; − 5
đạt giá trị nhỏ nhất. Lời giải
Xét hàm số g (x) 4 2
= x − 4x + 5 + m trên đoạn 2; − 5 .
Ta có g (x) = (x − )2 2 2 + m +1. Do 2 2
− ≤ x ≤ 5 ⇒ 0 ≤ x ≤ 5 ⇒ − ≤ x − ≤ ⇒ ≤ (x − )2 2 2 2 2 3 0 2 ≤ 9
Suy ra m + ≤ (x − )2 2 1 2
+ m +1≤10 + m hay m +1≤ g (x) ≤ m +10, x ∀ ∈ 2; − 5
Suy ra g (x)∈[m +1;m +10], x ∀ ∈ 2 − ; 5 .
Trường hợp 1: 0 ≤ m +1 ⇔ m ≥ 1
− , suy ra max f (x) = m +10 . 2; − 5 m ≥ − Trường hợp 2: 10
m +1 < 0 ≤ m +10 ⇔ ⇔ 10 − ≤ m < 1 − , m < 1 −
suy ra max f (x) = max{m +10;−m − } 1 . 2; − 5 Nếu 11
m +10 > −m −1 ⇔ m > −
, suy ra max f (x) = m +10 khi 11 m ∈ − ; 1 − . 2 2; − 5 2 Nếu 11
m +10 < −m −1 ⇔ m < −
, suy ra max f (x) = −m −1 khi 11 m ∈ 1 − 0;− . 2 2; − 5 2
https://www.facebook.com/groups/toanvd.vdc Trang 4
NHÓM TOÁN VD – VDC ĐỀ THI HSG TOÁN
Trường hợp 3: m +10 < 0 ⇔ m < 10
− , suy ra max f (x) = −m −1. 2; − 5 11
−m −1, m < − N 2 HÓM
Tóm lại h(m) = max f (x) = . 2; − 5 11
m +10,m ≥ − 2 TOÁ
Suy ra được đồ thị của hàm số h(m) N V D – VDC
Vậy: Giá trị lớn nhất của hàm số đã cho trên đoạn 2; − 5
đạt giá trị nhỏ nhất khi 11 9 m = −
khi đó max f (x) = . 2 2; − 5 2
----------------HẾT----------------
https://www.facebook.com/groups/toanvd.vdc Trang 5
Document Outline
- ĐỀ BÀI
- HDG -HSG-Trần-Phú-lớp-10-năm-học-2019_2020