Đề thi học kì 1 Toán 10 năm 2019 – 2020 trường THPT An Lạc – TP HCM

SỞ GIÁO DỤC VÀ ĐÀO TẠO
ĐỀ KIỂM TRA HỌC KÌ I – NĂM HỌC 2019- 2020 THÀNH PHỐ HỒ CHÍ MINH MÔN TOÁN – KHỐI 10 TRƯỜNG THPT AN LẠC
Thời gian làm bài: 90 phút (không kể thời gian giao đề)
(Đề kiểm tra có 01 trang) Câu 1: (2.0 điểm)
a) Khảo sát sự biến thiên và vẽ đồ thị (P) của hàm số y = 2 x  4x  6
b) Tìm tọa độ giao điểm của (P) và đường thẳng (d): y = 4x  9 bằng phép tính Câu 2: (3.0 điểm)
Giải các phương trình sau : a) 2 4x  6x  4  2x 1 b) 2 2
25(2x  3x  9)  2x  3x  3 c) 2x 1 3x 5    2x 2x 1 2 Câu 3: (1.0 điểm) Cho phương trình: 2
2x  5x  m  2  0 ( m là tham số ). Xác định m để
phương trình có hai nghiệm phân biệt x x x , x thỏa mãn 1 2   5 1 2 x x 2 1 Câu 4: (1.0 điểm)
Hai công nhân được giao việc sơn một bức tường. Sau khi người thứ nhất làm được 7
giờ và người thứ hai làm được 4 giờ nữa thì họ sơn được 5 bức tường. Sau đó họ 9
cùng làm việc với nhau trong 4 giờ thì chỉ còn lại 1 bức tường chưa sơn. Hỏi nếu 18
mỗi người làm riêng thì sau bao nhiêu giờ mỗi người mới sơn xong bức tường? Câu 5: (2.0 điểm)
Trong mặt phẳng Oxy, cho tam giác ABC có A(6 ; -3), B(-10 ; 9) và C(7; -5)
a) Tìm tọa độ trọng tâm G của tam giác ABC.
b) Tìm tọa độ D để BGCD là hình bình hành.
c) Cho điểm K(x+2; -3x + 5), tìm x để ba điểm A,B, K thẳng hàng. Câu 6: (1.0 điểm)
Cho góc α, biết tanα = -3. Tính cosα, sinα và cotα. -HẾT -
ĐÁP ÁN MÔN TOÁN – LỚP 10 HK I (2019-2020 ) CÂU NỘI DUNG ĐIỂM 1 a
KSSBTvà vẽ đồ thị (P) của hàm số y = 2 x  4x  6 TXĐ: D = R Đỉnh I(2; -2) 0.25
Trục đối xứng x = 2, bề lõm quay hướng xuống dưới
BBT ( BBT đúng , thiếu  : cho 0 điểm ) 0.25
Hàm số đồng biến trên (-; 2) và nghịch biến trên (2 ; +) 0.25 Bàng giá trị Đồ thị 0.25 b
Tìm tọa độ giao điểm của (P) và đường thẳng (d): y = 4x  9 PTHĐGĐ của (P) và (d): 2 x  4x  6  4  x  9 2
 x 8x 15  0  x  3 x  5 0.25 +0.25
x  3  y  3; x  5  y  11 0.25
Vậy các giao điểm của (d) và (P) là: (3 ; -3) và (5 ; -11) 0.25 2 a 2 4x  6x  4  2x 1 2x 1  0 2x 1  0   PT 2 2
4x  6x  4  2x 1  4x 8x  5  0   0.25+0.25 2 2
4x  6x  4  2x 1  4x  4x  3  0  x  1/ 2    x  1
 / 2  x  5 / 2  x  3 / 2 x  1
 / 2  x  5 / 2  x  3 / 2 0.25+0.25 b 2 2
25(2x  3x  9)  2x  3x  3 Đặt t = 2
2x  3x  3, pt có dạng: 25(t  6)  t 0.25 +0.25 t   0 t   0 t   0 pt        t  30 2 2 25(t  6)  t t  25t 150  0 t     5   t  30 0.25 +0.25 x  3 Ta có : 2 2
2x  3x  3  30  2x  3x  3  0   x  9 / 2 c 2x 1 3x 5    (*) 2x 2x 1 2 x  0 ĐK:  x  1/ 2 0.25 x  1 Ta có : 2 16x 18x 2 0      1 0.25+0.25 x   8
So với ĐK, nghiệm của phương trình là : x = 1 và x = 1/8 0.25 3 Cho phương trình: 2
2x  5x  m  2  0 ( m là tham số ). Xác định
m để phương trình có hai nghiệm phân biệt x , x thỏa mãn 1 2 x x 1 2   5 x x 2 1
PT có hai nghiệm, ta phải có 41
  41 8m  0  m  0.25 8 0.25 2 2 x x x  x 1 2 1 2 2   5 
 5  (x  x )  2x x  5x x Ta có: 1 2 1 2 1 2 x x x x 2 1 1 2 2  (x  x )  7x x (*) 1 2 1 2 0.25  Với 5 m 2 x  x  ; x x  Thay vào (*) 1 2 1 2 2 2 0.25  Ta được: 25 7(m 2) 53   m  (thỏa điều kiện) 4 2 14 4
Hai công nhân được giao việc sơn một bức tường. Sau khi
người thứ nhất làm được 7 giờ và người thứ hai làm được 4
giờ thì họ sơn được 5 bức tường. Sau đó họ cùng làm việc với 9
nhau trong 4 giờ thì chỉ còn lại 1 bức tường chưa sơn. Hỏi 18
nếu mỗi người làm riêng thì sau bao nhiêu giờ mỗi người mới sơn xong bức tường ?
Gọi x(giờ), y (giờ) là thời gian công nhân thứ 1, thứ 2 làm
riệng để sơn xong bức tường (x >7, y > 4)
Người thứ 1 làm việc được 7giờ, người thứ 2 làm được 4 giờ 0.25
thì họ sơn được 5/9 bức, nên ta có: 7 4 5   (1) x y 9
Sau đó họ làm với nhau trong 4h, thì còn lại 1/18 bức chưa 0.25 sơn, nên ta có: 4 4 7   (2) x y 18
Giải hệ gồm (1) và (2) ta có : x = 18, y = 24 0.25
Vậy người thứ nhất làm xong sau 18 giờ, người thứ 2 làm 0.25 xong trong 24 giờ 5
Cho tam giác ABC có A(6 ; -3), B(-10 ; 9) và C(7; -5) b
Tìm tọa độ trọng tâm G của tam giác ABC.  1  1 x  (x  x  x ) x  (6 10  7)  1  G A B C  G Tọa độ G là  3  3 0.25    1 1 1  y ( y y y )     y  (3  9  5)  G  3 A B C G  3 3 Vậy 1 G(1; ) 0.25 3 c
Tìm tọa độ D để BGCD là hình bình hành   0.25 Gọi D(x; y) , 26
CD  (x  7; y  5), GB  (11; ) 3  
BGCD là hình bình hành  CD  BG x  4  1  1 x  7      26   11 , Vậy D(-7, 11 ) 0.25+0.25 y  5  y   3 3    3 d
Cho điểm K(x+2; -3x + 5), tìm x để ba điểm A,B, K thẳng hàng.   AB  ( 1  6;12) , AK  (x  4; 3  x  8 )   0.25
A, B, K thẳng hàng khi và chỉ khi AB cùng phương AK x  4 3  x  8 20 Ta có :   x  1  6 12 9 0.25+0.25 6
Cho góc α, biết tanα = -3. Tính cosα, sinα và cotα. 1 1 1 0.25 2 2 1 tan    cos    2 2 cos  1 tan  10 0.25 Vậy 1 cos   (do 90º<α<180º) 10 1 3 0.25
sin  cos.tan  ( )(3)  10 10 1 1 0.25 cot    tan 3